《2024届黑龙江省双鸭山市一中数学高二上期末联考模拟试题含解析》由会员分享,可在线阅读,更多相关《2024届黑龙江省双鸭山市一中数学高二上期末联考模拟试题含解析(17页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、2024届黑龙江省双鸭山市一中数学高二上期末联考模拟试题注意事项:1答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1如图,在长方体中,则直线和夹角的余弦值为( )A.B.C.D.2已知直线过点,且与直线垂直,
2、则直线的方程为( )A.B.C.D.3已知椭圆C的焦点为,过F2的直线与C交于A,B两点.若,则C的方程为A.B.C.D.4设命题,则为A.B.C.D.5已知函数,为的导数,则( )A.-1B.1C.D.6等比数列中,已知=8,+=4,则的值为( )A.1B.2C.3D.57已知等比数列满足,则q( )A.1B.1C.3D.38已知数列满足且,则()A.是等差数列B.是等比数列C.是等比数列D.是等比数列9中国古代数学名著九章算术中有这样一个问题:今有牛、马、羊食人苗,苗主责之栗五斗羊主曰:“我羊食半马”马主曰:“我马食半牛”今欲哀偿之,问各出几何?此问题的译文是:今有牛、马、羊吃了别人的禾苗
3、,禾苗的主人要求赔偿5斗栗羊主人说:“我羊所吃的禾苗只有马的一半”马主人说:“我马所吃的禾苗只有牛的一半”打算按此比率偿还,他们各应偿还多少?已知牛、马、羊的主人各应偿还栗a升,b升,c升,1斗为10升,则下列判断正确的是A.a,b,c依次成公比为2的等比数列,且B.a,b,c依次成公比为2的等比数列,且C.a,b,c依次成公比为的等比数列,且D.a,b,c依次成公比为的等比数列,且10甲、乙两组数的数据如茎叶图所示,则甲、乙的平均数、方差、极差及中位数相同的是()A.极差B.方差C.平均数D.中位数11过点且与直线垂直的直线方程是()A.B.C.D.12已知一个几何体的三视图如图,则其外接球
4、的体积为()A.B.C.D.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13已知直线,为抛物线上一点,则到这两条直线距离之和的最小值为_.14已知平面向量 均为非零向量,且满足 ,记向量 在向量 上投影向量为,则 k =_(用数字作答)15若经过点且斜率为1的直线与抛物线交于,两点,则_.16有一道楼梯共10阶,小王同学要登上这道楼梯,登楼梯时每步随机选择一步一阶或一步两阶,小王同学7步登完楼梯的概率为_.三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17(12分)如图,在多面体ABCEF中,和均为等边三角形,D是AC的中点,(1)证明:(2)若平面平面ACE,求二面角的余
5、弦值.18(12分)已知数列的前n项和为,且.(1)求数列的通项公式;(2)若,设,求数列的前n项和.19(12分)已知数列满足,(1)设,求证数列为等差数列,并求数列的通项公式;(2)设,数列的前n项和为,是否存在正整数m,使得对任意的都成立?若存在,求出m的最小值;若不存在,试说明理由20(12分)圆的圆心为,且与直线相切,求:(1)求圆的方程;(2)过的直线与圆交于,两点,如果,求直线的方程21(12分)请分别确定满足下列条件的直线方程(1)过点(1,0)且与直线x2y20垂直直线方程是(2)求与直线3x-4y+7=0平行,且在两坐标轴上截距之和为1的直线l的方程.22(10分)某市为加
6、强市民对新冠肺炎的知识了解,面向全市征召义务宣传志愿者.现从符合条件的志愿者中随机抽取100名按年龄分组:第1组20,25),共5人,第2组25,30),共35人,第3组30,35),第4组35,40),第5组40,45,得到的频率分布直方图如图所示.(1)求a的值;(2)若从第3,4,5组中用分层抽样的方法抽取6名志愿者参加广场宣传活动,且该市决定在第3,4组的志愿者中随机抽取2名志愿者介绍宣传经验,求第3组至少有-名志愿者被抽中的概率.参考答案一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】如图建立空间直角坐标系,分别求出
7、的坐标,由空间向量夹角公式即可求解.【详解】如图:以为原点,分别以,所在的直线为,轴建立空间直角坐标系,则,所以,所以,所以直线和夹角的余弦值为,故选:D.2、A【解析】求出直线斜率,利用点斜式可得出直线的方程.【详解】直线的斜率为,则直线的斜率为,故直线的方程为,即.故选:A.3、B【解析】由已知可设,则,得,在中求得,再在中,由余弦定理得,从而可求解.【详解】法一:如图,由已知可设,则,由椭圆的定义有在中,由余弦定理推论得在中,由余弦定理得,解得所求椭圆方程为,故选B法二:由已知可设,则,由椭圆的定义有在和中,由余弦定理得,又互补,两式消去,得,解得所求椭圆方程为,故选B【点睛】本题考查椭
8、圆标准方程及其简单性质,考查数形结合思想、转化与化归的能力,很好的落实了直观想象、逻辑推理等数学素养4、C【解析】特称命题的否定为全称命题,所以命题的否命题应该为,即本题的正确选项为C.5、B【解析】由导数的乘法法则救是导函数后可得结论【详解】解:由题意,所以.故选:B6、C【解析】由等比数列性质求出公比,将原式化简后计算【详解】设等比数列的公比为,则,所以=.又()82,()81,所以213.故选:C7、C【解析】根据已知条件,利用等比数列的基本量列出方程,即可求得结果.【详解】因为,故可得;解得.故选:C.8、D【解析】由,化简得,结合等比数列、等差数列的定义可求解.【详解】由,可得,所以
9、,又由,所以是首项为,公比为2的等比数列,所以,所以不是等差数列;不等于常数,所以不是等比数列.故选:D.9、D【解析】由条件知,依次成公比为的等比数列,三者之和为50升,根据等比数列的前n项和,即故答案为D.10、C【解析】根据茎叶图依次计算甲和乙的平均数、方差、中位数和极差即可得到结果.【详解】甲的平均数为:;乙的平均数为:;甲和乙的平均数相同;甲的方差为:;乙的方差为:;甲和乙的方差不相同;甲的极差为:;乙的极差为:;甲和乙的极差不相同;甲的中位数为:;乙的中位数为:;甲和乙的中位数不相同.故选:C.11、C【解析】根据两直线垂直时斜率乘积为,可以直接求出所求直线的斜率,再根据点斜式求出
10、直线方程,最后化成一般式方程即可.【详解】因为直线的斜率为,故所求直线的斜率等于,所求直线的方程为,即,故选:C12、D【解析】根据三视图还原几何体,将几何体补成长方体,计算出几何体的外接球直径,结合球体体积公式即可得解.【详解】根据三视图还原原几何体,如下图所示:由图可知,该几何体三棱锥,且平面,将三棱锥补成长方体,所以,三棱锥的外接球直径为,故,因此,该几何体的外接球的体积为.故选:D【点睛】方法点睛:空间几何体与球接、切问题的求解方法(1)求解球与棱柱、棱锥接、切问题时,一般过球心及接、切点作截面,把空间问题转化为平面图形与圆的接、切问题,再利用平面几何知识寻找几何中元素间的关系求解(2
11、)若球面上四点P,A,B,C构成的三条线段两两互相垂直,一般把有关元素“补形”成为一个球内接长方体,利用求解二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13、【解析】过作,垂足分别为,由直线为抛物线的准线,转化,当三点共线时,取得最小值【详解】过作,垂足分别为抛物线的焦点为直线为抛物线的准线由抛物线的定义,故,当三点共线时,取得最小值故最小值为点到直线的距离:故答案为:14、#1.5【解析】由两边平方可得, , ,设,向量是以向量为邻边的平行四边形、有共同起点的对角线, ,由余弦定理可得,向量 在向量 上投影向量为,化简可得答案.【详解】因为,所以,两边平方整理得,两边平方整理得,即,可得
12、, ,设,所以向量是以向量为邻边的平行四边形、有共同起点的对角线,如图,即,因为,平行四边形即为的菱形,所以,由余弦定理可得,可得,向量 在向量 上投影向量为,即.故答案为:.15、【解析】由题意写出直线的方程与抛物线方程联立,得出韦达定理,由弦长公式可得答案.【详解】设,则直线的方程为由,得所以所以故答案为:16、【解析】由题意可分为步、步、步、步、步、步共6种情况,分别求出每种的基本事件数,再利用古典概型的概率公式计算可得;【详解】解:由题意可分为步、步、步、步、步、步共6种情况,步:即步两阶,有种;步:即步两阶与步一阶,有种;步:即步两阶与步一阶,有种;步:即步两阶与步一阶,有种;步:即
13、步两阶与步一阶,有种;步:即步一阶,有种;综上可得一共有种情况,满足7步登完楼梯的有种;故7步登完楼梯的概率为故答案为:三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)证明见解析(2)【解析】(1)根据等腰三角形三线合一的性质得到、,即可得到平面,再根据,即可得证;(2)由面面垂直的性质得到平面,建立如图所示空间直角坐标系,设,即可得到点,的坐标,最后利用空间向量法求出二面角的余弦值;小问1详解】证明:连接DE因为,且D为AC的中点,所以因为,且D为AC的中点,所以因为平面BDE,平面BDE,且,所以平面因为,所以平面BDE,所以【小问2详解】解:由(1)可知因为平面
14、平面,平面平面,平面,所以平面,所以DC,DB,DE两两垂直以D为原点,分别以,的方向为x,y,z轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系设则,从而,设平面BCE的法向量为,则令,得平面ABC的一个法向量为设二面角为,由图可知为锐角,则18、(1) (2).【解析】(1)由数列的前n项和与通项公式之间的关系即可完成.(2)由错位相减法即可解决此类“差比”数列的求和.【小问1详解】由,得当时,上下两式相减得,又当时,满足上式,所以数列的通项公式;【小问2详解】由(1)可知,所以,则,上下两式相减得,所以.19、(1);(2)存在,3【解析】(1)结合递推关系可证得bn+1bn1,且b11,可证数列bn为等差数列,据此可得数列的通项公式;(2)结合通项公式裂项有求和有,再结合条件可得,即求【详解】(1)证明:,又由a12,得b11,所以数列bn是首项为1,公差为1的等差数列,所以bn1+(n1)1