《2021届一轮复习物理解题方法导练整体法和隔离法4含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021届一轮复习物理解题方法导练整体法和隔离法4含解析（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、物理解题方法导练：整体法和隔离法1. 如图所示，两块相同的竖直木板A、B间有质量均为m的4块相同的砖块，两侧用大小均为F的力水平压木板使砖块静止不动，则第2、3块砖间的摩擦力的大小为（）A. 0B. -mgC. mgD. 2mg2. 两倾斜的平行杆上分别套着a、b两相同圆环，两环上均用细线悬吊着相同的小球， 如图所示。当它们都沿杆向下滑动，各自的环与小球保持相对静止时，a的悬线与杆垂 直，b的悬线沿竖直方向，下列说法正确的是A. a环与杆有摩擦力B. d球处于失重状态C. 杆对a、b环的弹力大小相等D. 细线对c、d球的弹力大小可能相等3. 两个大小相等的共点力，当它们夹角为120时，合力为F
2、,当它们的夹角为90时,合力大小为（）A. 2FB. y/2FC. FD. 2/2FA. OA方向4. 如图所示，顶端固定着小球的直杆固定在小车上，当小车向右做匀加速运动时,球所受 合外力的方向沿图中的（）B. OB方向5. 如图所示，水平桌面上放置一个倾角为45。的光滑楔形滑块A, 一细线的一端固定于 楔形滑块A的顶端。处，细线另一端拴一质量为m=0.2 kg的小球。若滑块与小球一起 以加速度a向左做匀加速运动（取g=10m/s2则下列说法正确的是（）A. 当a=5m/s2时，滑块对球的支持力为箜N2JiB. 当a=15m/s2时，滑块对球的支持力为半N2C. 当a=5m/s2时，地面对A的
3、支持力一定大于两个物体的重力之和D. 当fl=15m/s2时，地面对A的支持力一定小于两个物体的重力之和6. 五星红旗是中华人民共和国的象征和标志；升国旗仪式代表了我国的形象，象征着 我国蒸蒸日上天安门广场国旗杆高度为32.6米，而升国旗的高度为28.3米；升国旗时 间与北京地区太阳初升的时间是一致的，升旗过程是127秒，已知国旗重量不可忽略, 关于天安门的升国旗仪式，以下说法正确的是（）A. 擎旗手在国歌刚刚奏响时，要使国旗在升起初始时，旗面在空中瞬间展开为一平面, 必须尽力水平向右甩出手中所握旗面B. 国旗上升过程中的最大速度可能小于0.2m/sC. 当国旗匀速上升时，如果水平风力大于国旗
4、的重量，则国旗可以在空中完全展开为 一个平面D. 当国旗匀速上升时，如果水平风力等于国旗的重量，则固定国旗的绳子对国旗的作 用力的方向与水平方向夹角45度7. 如图所示，将小秩码置于桌面上的薄纸板上。若砥码和纸板的质量分别为3z和 秩码与纸板、纸板与桌面间的动摩擦因数均为，重力加速度为g。要使纸板相对祛码运动，纸板所需的水平向右拉力至少应为（）A. 5jumgB. 6jumgC. 7/jmgD. 8/mg8. 关于合力和分力的关系，下列说法正确的是（）A. 合力总比分力中的任何一个要大B. 两个力合成的力，如果其中的一个分力减小，合力就会减小C. 分力可以比合力大，但是不可能两个分力都大于合力
5、D. 合力可以比分力小，合力也可以比分力大9. 如图所示，在光滑的桌面上有M、m两个物块，现用力F推物块m,使M、m两物块在桌上一起向右加速，则M、m间的相互作用力为（）M +mM -mC. 若桌面的摩擦因数为11, M、m仍向右加速，则M、m间的相互作用力为MF-_，+jiMgD.若桌面的摩擦因数为u , M、m仍向M + mMF右加速，则M、m间的相互作用力仍为M + m10. 如图所示电路中，电源内阻不能忽略.闭合S后，调节R的阻值，使电压表示数增大在这一过程中，则UA. 通过Ri的电流增大飞一&B. 彪两端电压减小UC. 通过&的电流减小量小于二厂*2D. 路端电压增大量为NU11.
6、如图所示，滑块B所在的水平地而光滑，滑块在水平力F作用下紧靠滑块B刚好一起向右做匀加速直线运动，A、B间的接触而为竖直面，滑块A、B的质量分别为m、M, A、B间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则A. A对B的摩擦力方向向上B.地面对B的支持力等于M+m）gMFC.D.A、B间的压力大小等于M + mA、B间的动摩擦因数为（肱 + m）mgMF12. 如图所示，水平地面上有两个完全相同的木块A、B,在水平推力F作用下一起向右加速运动，用曲表示A、B间的相互作用力A. 若地面是完全光滑的，则Fab=FB. 若地面是完全光滑的，则Fab=-F2C. 若地面与木块间的动摩擦因数为色则Fab=FD. 若
7、地面与木块间的动摩擦因数为，则Fab=?F13. 两个重叠在一起的滑块，置于倾角为。的固定斜面上，滑块A、B的质量分别为M 和彻，如图所示，A与斜面的动摩擦因数为*, B与A间的动摩擦因数为2,已知两滑 块都从静止开始以相同的加速度从斜面滑下，则滑块A受到的摩擦力（）B. 方向沿斜面向上C.大小等于Mg cos 0D.大小等于/n2mg cos 014, 如图所示，电源电动势为E,内电阻为r.当滑动变阻器R的滑片P从右端滑到左端时，发现电压表V1、V2示数变化的绝对值分别为AUi和AU2,下列说法中正确的是（ ）-A. 小灯泡Li、L2变暗,L3变亮B. 小灯泡L3变暗,Li、L2变亮C. A
8、UiAU2D. AUi=AU215. 在如图所示的电路中，已知定值电阻为R,电源内阻为r,电表均为理想电表。将 滑动变阻器滑片向下滑动，电流表A示数变化量的绝对值为/,则电压表Vi示数变化 量的绝对值=,电压表巧示数变化量的绝对值4lh=o16. 如图电路中，电源的内电阻为r, &、R3、我4均为定值电阻，电表均为理想电表.闭 合开关S,当滑动变阻器R的滑动触头F向右滑动时，电压表示数_（选填“变大、变 小，或“不变，），若电流表和电压表的示数变化量的大小分别为/、 U,则（选填，大于，、“小于，或，等于”）.17. 如图，两个滑块A和B的质量分别为iA=lkg和/i?B=5kg,放在静止于水
9、平地面 上的木板的两端，两者与木板间的动摩擦因数均为佝=0.5；木板的质量为秫=4kg,与 地面间的动摩擦因数为2=0.1。某时刻A、B两滑块开始相向滑动，初速度大小均为 vo=3m/s, A、B相遇时，A与木板恰好相对静止。设最大静摩擦力等于滑动摩擦力， 取重力加速度大小g=10m/s2,求：4(1) B与木板相对静止时，木板的速度；(2) A、B开始运动时，两者之间的距离。18. 如图所示，在倾角为。的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A、B。它们 的质量分别为mB,弹簧的劲度系数为奴C为一固定挡。系统处于静止态。现开 始用一恒力F沿斜面方向拉物块A使之向上运动，求物块B刚要离开C时物
10、块A的加 速度a和从开始到此时物块A的位移d,已知重力加速度为go19. 如图，重物A和B的质量分别为niA=3Kg、mB=2Kg滑轮和绳质量及其之间的摩擦不计,整个装置均静止,何1137。=0.6, cos37=0.8,g=10m/s2)试求(1)绳中张力F的大小;(2)A受斜面的摩擦力f的大小和方向参考答案1. A【解析】【分析】考查受力分析的整体法隔离法。【详解】以砖块1、2、3、4整体为研究对象，其竖直方向的受力如图甲所示，由于重力作用，整体 相对于木板有向下运动的趋势，故木板对整体有向上的静摩擦力，左右两块木板对整体左右 两面都有向上的静摩擦力，大小相等，即：耳 1 = F&且 Ft
11、i + Fn= mS，则：Ffl = 2mg再以砖块1、2整体为研究对象，竖直方向的受力如图乙所示，1、2整体受的重力为2mg ,左侧木板对砖块1、2向上的静摩擦力Ffl = 2mg ,根据平衡条件知砖块2与砖块3之间的 接触面处没有静摩擦力，A正确。故选A2. C【解析】【详解】对c球单独进行受力分析，受力分析图如下，c球受重力和绳的拉力F,物体沿杆滑动，因 此在垂直于杆的方向加速度和速度都为零，由力的合成及牛顿第二定律可知物体合力Fx =mgsin a=ma = a=gina ,因a和c球相对静止，因此c球的加速度也为gsina,将a和 c球以及绳看成一个整体，在只受重力和支持力的情况下加
12、速度为gsina,因此a球和杆的摩 擦力为零，故A错误；/、/ 、/mg对球d单独进行受力分离，只受重力和竖直方向的拉力，因此球d的加速度为零，因为b和 d相对静止，因此b的加速度也为零，故d球处于平衡状态，加速度为零，不是失重状态， 故B错；细线对c球的拉力Tc=mgcosa,对d球的拉力Td=mg ,因此不相等，故D错 误；对a和c整体受力分析有Fm = (ma +mc)gcosa ,对b和d整体受力分析Fnb =(mb+md)gcosa,因a和b一样的环，b和d一样的球，因此受力相等，故C正确。3. B【解析】【详解】由题意，两个大小相等的共点力Fi和F2,当它们的夹角为120。时合力为
13、F,由于当它们之 间的夹角为120时合力如图，由等边三解形的知识可知分力是F,当这两个力之间的夹角为 90时，由勾股定理得合力大小为Vf2 + F2 = y2FA. 2F与分析不符，故A错误；B. 与分析相符，故B正确；C. F与分析不符，故C错误；D. 2yf2F与分析不符，故D错误。4. D【解析】试题分析：当小车向右做匀加速运动时，小球和小车是一个整体，所以小球向右做匀加速直 线运动，根据牛顿第三定律可得合力沿OD方向，D正确考点：考查了牛顿第二定律【名师点睛】根据牛顿第二定律F = ma可知，加速度的方向与合力的方向相同，是解决本 题的关键.另外知道杆的弹力不一定沿杆的方向.5. A【
14、解析】【详解】设加速度为ao时小球对滑块的压力等于零，对小球受力分析，受重力、拉力，根据牛顿第 二定律，有：水平方向：F=Fcos45=mao；竖直方向：Fsin45=wg,解得ao=g.A、当=5m/s2时，小球未离开滑块，水平方向：Fcos45-Fncos45=ma；竖直方向：Fsin45+FNsin45o=mg,解得 = N 故 A 正确；2B、当a=15m/s2时，小球已经离开滑块，只受重力和绳的拉力，滑块对球的支持力为零，故 B错误；C、D、当系统相对稳定后，竖直方向没有加速度，受力平衡，所以地面对A的支持力一定 等于两个物体的重力之和，故C, D错误；故选A.6. D【解析】【详解
15、】A. 若用水平向右甩出手中所握旗面，则手给旗子水平方向的力，因为旗面受到竖直向下的 重力，水平方向的力和重力无法平衡，则旗面在空中瞬间无法展开为一平面，故A错误；B. 若旗上升过程中的最大速度小于0.2m/s,则在127s内上升的最大高度为：/?二0.2xl27m=25.4mV28.3m故B错误；C. 国旗匀速上升，说明国旗受力平衡，此时旗面受重力、水平风力、绳子的作用力，无论 水平风力多大都无法和竖直方向的重力平衡，则国旗不可以在空中完全展开为一个平面，故 C错误；D, 国旗匀速上升，说明国旗受力平衡，如果水平风力等于国旗的重量，则水平风力和重力 的合力与水平方向夹角为45。，则固定国旗的绳子对国旗的作用力应与水平风力和重力的合 力，等大反向，则固定国旗的绳子对国旗的作用力的方向与水平方向夹角45。
