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2022-2023学年河北省张家口市振华中学高二数学文联考试卷含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 曲线y=lnx﹣2x在点(1,﹣2)处的切线与坐标轴所围成的三角形的面积是( )
A. B. C.1 D.2
参考答案:
A
【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程.
【分析】根据求导公式求出函数的导数,把x=1代入求出切线的斜率,代入点斜式方程并化简,分别令x=0和y=0求出切线与坐标轴的交点坐标,再代入面积公式求解.
【解答】解:由题意得y′=﹣2,则在点M(1,﹣2)处的切线斜率k=﹣1,
故切线方程为:y+2=﹣(x﹣1),即y=﹣x﹣1,
令x=0得,y=﹣1;令y=0得,x=﹣1,
∴切线与坐标轴围成三角形的面积S==,
故选A.
2. 设p:f(x)=x3+2x2+mx+1在(-∞,+∞)内单调递增,q:m≥对任意x>0恒成立,则p是q的
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充要条件 D.既不充分也不必要条件
参考答案:
B
3. 底面是正三角形,且每个侧面是等腰三角形的三棱锥是
A、一定是正三棱锥 B、一定是正四面体 C、不是斜三棱锥 D、可能是斜三棱锥
参考答案:
D
4. 抛物线的焦点坐标是
A.(2,0) B.(- 2,0) C.(4,0) D.(- 4,0)
参考答案:
B
略
5. 已知集合,若,则实数a的值为( )
A. 1或2 B. 0或1 C. 0或2 D. 0或1或2
参考答案:
D
【分析】
就和分类讨论即可.
【详解】因为当时,,满足;当时,,若,所以或.综上,的值为0或1或2.故选D.
【点睛】本题考查集合的包含关系,属于基础题,解题时注意利用集合中元素的性质(如互异性、确定性、无序性)合理分类讨论.
6. 一般来说,一个人的脚越长,他的身高就越高.现对10名成年人的脚长x与身高y进行测量,得如下数据(单位:cm):
x
20
21
22
23
24
25
26
27
28
29
y
141
146
154
160
169
176
181
188
197
203
作出散点图后,发现散点在一条直线附近.经计算得到一些数据:,,,,某刑侦人员在某案发现场发现一对裸脚印,量得每个脚印长24cm,则在估计案发嫌疑人的身高时产生的残差为( )
A. 0.6 B. 1.2 C. 1 D. -0.8
参考答案:
C
分析:由,,,,利用公式求出对应系数,写出线性回归方程,把某人的脚印代入回归方程,即可估计案发嫌疑人的身高,进而可得结果.
详解:因为,,,
,, 所以,,故,当时,,
则在估计案发嫌疑人的身高时产生的残差为,故选C.
点睛:求回归直线方程的步骤:①依据样本数据,确定两个变量具有线性相关关系;②计算的值;③计算回归系数;④写出回归直线方程为; 回归直线过样本点中心是一条重要性质,利用线性回归方程可以估计总体,帮助我们分析两个变量的变化趋势.
7. 设为等差数列的前项和,若,则的值等于( )
A. B. C. D.
参考答案:
C
8. 已知△ABC的顶点B,C在椭圆+y2=1上,顶点A是椭圆的一个焦点,且椭圆的另外一个焦点在BC边上,则△ABC的周长是( )
A. B.6 C. D.12
参考答案:
C
【考点】椭圆的简单性质.
【分析】由椭圆的定义:椭圆上一点到两焦点的距离之和等于长轴长2a,可得△ABC的周长.
【解答】解:由椭圆的定义:椭圆上一点到两焦点的距离之和等于长轴长2a,
可得△ABC的周长为4a=,
故选C
【点评】本题主要考查数形结合的思想和椭圆的基本性质,难度中等
9. 给出下面三个类比结论:
①向量,有||2=2;类比复数z,有|z|2=z2
②实数a,b有(a+b)2=a2+2ab+b2;类比向量,,有()2=22
③实数a,b有a2+b2=0,则a=b=0;类比复数z1,z2,有z12+z22=0,则z1=z2=0
其中类比结论正确的命题个数为( )
A.0 B.1 C.2 D.3
参考答案:
B
【考点】2K:命题的真假判断与应用;F3:类比推理.
【分析】对3个命题,①②通过反例判断命题的真假,②利用多项式的运算法则判断真假即可.
【解答】解:对于①:向量,有||2=2;类比复数z,有|z|2=z2,利用z=i,则|z|2=1,z2=﹣1,显然命题不正确;
对于②:实数a,b有(a+b)2=a2+2ab+b2;类比向量,,有()2=22,满足多项式乘法原则,正确;
对于③:实数a,b有a2+b2=0,则a=b=0;类比复数z1,z2,有z12+z22=0,则z1=z2=0,例如z1=1,z2=i,满足z12+z22=0,但是不满足z1=z2=0,所以命题不正确;
故选:B.
10. 名工人某天生产同一零件,生产的件数是设其平均数为,中位数为,众数为,则有( )
A B C D
参考答案:
D
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 在区间上随机取一个数,则事件发生的概率为 。
参考答案:
略
12. 函数的极值点为 .
参考答案:
3
令,得 则函数在上单调递减,在上单调递增,则函数在处取得极小值,是其极小值点.
13. 某人5次上班途中所花的时间(单位:分钟)分别为x,y,10,11,9.已知这组数据的平均数为10,方差为2,则|x﹣y|的值为_____.
参考答案:
4
【分析】
利用平均数、方差的概念列出关于的方程组,解方程即可得到答案。
【详解】由题意可得:,
设,,则,解得,
∴
故答案为:4.
14. (本题12分)设命题p:,命题。若的必要不充分条件,求实数a的取值范围。
参考答案:
设A= 则A=
设B=
B=
子集 所以
略
15. 已知向量,.若,则实数 __________
参考答案:
16. 已知圆的方程为(x-1)2+(y-1)2=9,P(2,2)是该圆内一点,过P的最长的弦和最短的弦分别是AC和BD,则四边形ABCD的面积是______________.
参考答案:
最长的弦长为直径,故,最短的弦长是过且与直径垂直的弦长,故,由于所以面积为.
考点:圆的性质应用.
17. 某产品的销售收入(万元)是产量(千台)的函数,;生产总成本(万元)也是的函数,,为使利润最大,应生产 千台。
参考答案:
6千台
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (Ⅰ)的方程为,根据下列条件分别确定的值.
①轴上的截距是;
②的倾斜角为;
(Ⅱ)求经过直线,的交点,并且与直线
垂直的直线方程.
参考答案:
17解:(Ⅰ)①把代入方程整理得:,
解得:(舍去)
所以,.………………………………………3分
(2)②由已知得:,
整理得:,解得:(舍去)
所以,.………………………………………………6分
(Ⅱ)设所求直线为,斜率为,设,交点为.
由已知,解得,∴ 点坐标为.
设直线斜率为,则,
∵ 它与所求直线垂直,∴ ,解得:.
代入直线方程的点斜式得:………………10分
略
19. (10分) 已知数列{an}的前n项和Sn=10n-n2,(n∈N*).
(1)求a1和an;
(2)记bn=|an|,求数列{bn}的前n项和.
参考答案:
20. 如图,四边形ABCD是边长为1的正方形,MD⊥平面ABCD,NB⊥平面ABCD,且MD=NB=1,E为BC的中点,
(Ⅰ)求异面直线NE与AM所成角的余弦值;
(Ⅱ)在线段AN上是否存在点S,使得ES⊥平面AMN?若存在,求线段AS的长;若不存在,请说明理由.
参考答案:
【考点】直线与平面垂直的判定;点、线、面间的距离计算.
【专题】空间位置关系与距离.
【分析】建立空间如图所示的坐标系,求得、的坐标,可得cos<>的值,再取绝对值,即为异面直线NE与AM所成角的余弦值.
假设在线段AN上存在点S,使得ES⊥平面AMN,求得=(0,1,1),可设=λ?=(0,λ,λ).由ES⊥平面AMN可得,解得λ 的值,
可得的坐标以及||的值,从而得出结论.
【解答】解:以点D为原点,以DA所在的直线为x轴、以DC所在的直线为y轴、以DM所在的直线为z轴,
建立空间坐标系.
则有题意可得 D(0,0,0)、A(1,0,0)、B(1,1,0)、M(0,0,1)、
N(1,1,1)、E(,1,0).∴=(﹣,0,﹣1),=(﹣1,0,1),
cos<>==﹣,故异面直线NE与AM所成角的余弦值为.
假设在线段AN上存在点S,使得ES⊥平面AMN,∵ =(0,1,1),
可设=λ?=(0,λ,λ).
又=(,﹣1,0),=+=(,λ﹣1,λ),
由ES⊥平面AMN可得,即,解得λ=.
此时, =(0,,),||=,故当||= 时,ES⊥平面AMN.
【点评】本题主要考查直线和平面垂直的判定定理的应用,用坐标法求异面直线所成的角,用坐标法证明两条直线互相垂直,体现了转化的数学思想,属于中档题.
21. (本小题12分) 已知命题:方程的图象是焦点在轴上的双曲线;命题:方程无实根;又为真,为真,求实数的取值范围.
参考答案:
解:∵方程是焦点在y轴上的双曲线,
∴,即 .故命题:; …………………………3分
∵方程无实根,∴,
即 ,∴.故命题:. …………………6分
∵又为真,为真, ∴真假. ………………………………8分
即,此时;……11分 综上所述:.……12分
略
22. 已知函数.
(1)讨论函数的单调性;
(2)当时,若函数在上的最小值是2,求a的值.
参考答案:
(1)见解析;(2),.
【分析】
(1)求得,分类讨论,即可求解函数的单调性;
(2)当时,由(1)知在上单调递增,分和两种情况讨论,求得函数的最小值,即可求解.
【详解】(1)定义域为,求得,
当时,,故在单调递增 ,
当时,令,得 ,所以当时,,单调递减
当时,,单调递增.
(2)当时,由(1)知在上单调递增,所以 (舍去),
当时,由(1)知在单调递减,在单调递增
所以,解得 (舍去),
当时,由(1)知在单调递减,
所以,解得 ,
综上所述,.
【点睛】本题主要考查了导数在函数中的应用,其中解答中熟记函数的导数与函数的关系,准确判定函数的单调性,求得函数的最值是解答的关键,着重考查了分类讨论思想,以及推理与运算能力,属于中档试题.
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