湖南省邵阳市两市镇第二中学高二物理月考试卷含解析

湖南省邵阳市两市镇第二中学高二物理月考试卷含解析 一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意 1. 如图所示，PQS是固定于竖直平面内的光滑的圆轨道，圆心O在S的正上方．在O和P两点各有一质量为m的小物块a和b，从同一时刻开始，a自由下落，b沿圆弧下滑．则以下的说法中正确的是 A．a比b先到达S，它们在S点的动量不相同 B．a与b同时到达S，它们在S点的动量不相同 C．a比b先到达S，它们在S点的动量相同        D．b比a先到达S，它们在S点的动量相同 参考答案： A 2. 在电路中用一直流电源为一个用电器供电，此用电器两端得到电压为U，用电器中电流 为I，用电器的电阻R，供电时间为t，则在供电时间t内 A．电源对用电器做的功一定是I2 Rt B．电源对用电器做的功一定是U2t/R C．用电器产生的焦耳热一定是UIt    D．用电器产生的焦耳热一定I2 Rt 参考答案： D 3. 如下图所示，带正电的粒子以一定的初速度沿两板的中线进入水平放置的平行金属板内，恰好沿下板的边缘飞出．已知板长为L，板间距离为d，板间电压为U，带电粒子的电荷量为q，粒子通过平行金属板的时间为t(不计粒子的重力)，则( 　  　) A．在前时间内，电场力对粒子做的功为 B．在后时间内，电场力对粒子做的功为 C．粒子的出射速度偏转角满足tan θ＝ D．粒子前和后的过程中，电场力做功之比为∶1 参考答案： BC 4. （单选）物体以60J的初动能，从A点出发作竖直上抛运动，在它上升到某一高度时，动能损失了30J，而机械能损失了10J，则该物体在落回到A点的动能为：(  )(空气阻力大小恒定) A.50J       B.40J        C.30J        D.20J 参考答案： D 5. （单选）下列位移-时间图像中，表示物体做匀速直线运动的是（   ） 参考答案： B 二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分 6. （4分）原子从a能级状态跃迁到b能级状态时发射波长为λ1的光子；原子从b能级状态跃迁到c能级状态时吸收波长为λ2的光子，已知λ1>λ2．那么原子从a能级状态跃迁到c能级状态时将要________（填“吸收”或“辐射”）波长为_________的光子。 参考答案： 吸收； 7. 如图所示，一绝缘细圆环半径为r，其环面固定在水平面上，场强为E的匀强电场与圆环平面平行，环上穿有一电量为+q、质量为m的小球，可沿圆环作无摩擦的圆周运动．若小球经A点时速度vA的方向恰与电场垂直，且圆环与小球间沿水平方向无力的作用，则速度vA=　　．当小球运动到与A点对称的B点时，小球对圆环在水平方向的作用力NB=　6Eq　． 参考答案： 考点： 带电粒子在匀强电场中的运动；牛顿第二定律；向心力．版权所有 专题： 牛顿第二定律在圆周运动中的应用；带电粒子在电场中的运动专题． 分析： “小球经A点时圆环与小球间沿水平方向无力的作用”是解题的突破口，即小球到达A点时电场力提供向心力，这样可以求出vA；根据从A到B的运动过程中只有电场力做功可以求出vB，再根据向心力公式可得NB． 解答： 解：由题意可知小球到达A点时电场力提供向心力即qE= 解得vA= 从A到B的运动过程中根据动能定理可得 2qEr=﹣m 在B点根据向心力公式可得NB﹣qE=m 联立以上三式得NB=6qE 根据牛顿第三定律可得小球对圆环在水平方向的作用力大小为6qE． 故答案为：；6qE． 点评： 解本题时不要忘记根据向心力公式可得NB﹣qE=m求出的NB是圆环对小球的支持力，而题目要求的是小球对圆环的压力，故需要利用牛顿第三定律进行转化． 8. 绿光、红光、紫光三种可见光波长从小到大是             参考答案： 9. （8分）如图所示是演示砂摆振动图象的实验装置和实验结果，砂摆的摆动可看作简谐振动，若平拉纸的速率为0.2m／s从刻度尺上读出图线的尺寸，可算出这个砂摆周期为_______s，摆长为_________m。 参考答案：     1.5s、0.56m 10. （2分）两个大小不等的共点力F1和F2的夹角为         时，两个力的合力最小。 参考答案： 180o 11. 在电场中P点放一个电荷量为4×10－9C的点电荷，它受到的电场力为2×10－4N，则P点的场强为________N/C.把放在P点的点电荷的电荷量减为2×10－9C，则P点的场强为________N/C.把该点的点电荷移走，P点的场强又为______N/C. 15．如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q1与q2之间的距离为l1， q2与q3之间的距离为l2，且三个电荷都处于平衡状态. （1）如q2为正电荷，则q1为            电荷， q3为              电荷. （2） q1、q2 、q3三者电量大小之比是        . 参考答案： 12. （4分）如图，在演示“摆的共振”实验中，一根张紧的绳子上挂了四个单摆，a、b、c、d，它们的摆长及其关系是La =Lb =L    Ld =0.5L   Lc =1.5L 当a摆动后，其余的各摆亦随着振动起来，有实验可知：除a摆之外，________摆振幅最大，c完成一次全振动的时间是________   参考答案： b， 13. 有一充电的平行板电容器，两极板间距3mm，两极板的电压为3V，则板间的电场强度为___   __V/m，现设法使极板上的电荷量减少3×10-4C。 于是其电压降为原来的1/3，由此可知，该电容的电容量为___   __μF。 参考答案： 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分 14. 下图中，游标卡尺的读数为____________cm。螺旋测微器的读数为 ____________mm。 参考答案： 2.120  、4.910 15. 利用传感器可以探测、感受外界的信号、物理条件等。图甲所示为某同学用传感器做实验得到的小灯泡的U—I关系图线。 （1）实验室提供的器材有：电流传感器、电压传感器、滑动变阻器A（阻值范围0~10Ω）、滑动变阻器B（阻值范围0~100Ω）、电动势为6V的电源（不计内阻）、小灯泡、电键、导线若 干。该同学做实验时，滑动变阻器选用的是       （选填“A”或“B”）；请在图乙的方框中画出该实验的电路图。 （2）如果将该小灯泡接入丙图所示的电路中，已知电流传感器的示数为0．3A，电源电动势为3V。则此时小灯泡的电功率为       W，电源的内阻为          Ω。 参考答案： （1）A 如图（分压解法、外接法）   （2）0.66~0.72   2~2.67 四、计算题：本题共3小题，共计47分 16. 有一块防水仪表，密封性能良好，表内外压强差超过6.0x104 Pa时表盘玻璃将爆裂。某运动员携带此表攀登珠峰，山下温度为27℃，表内气压为l.0x105 Pa；登上珠峰时，表盘玻璃发生爆裂，此时山上气温为－23℃。表内气体体积的变化可忽略不计。分析说明表盘玻璃是向外还是向内爆裂，并求山顶大气压强是多少？（结果保留两位有效数字） 参考答案： 解：表内气体初态压强、温度为： 、  ……1分 其末态的温度为：   …………………………1分 有查理定律有：     …………………………………………2分 解得山顶上表内气体压强为：    …………………………………1分 若表盘是向内爆裂，则山上气压为： △   …………1分 因为山上气压小于山脚下气压，故向内爆裂是不可能的，所以，表盘是向外爆裂。……2分 山上大气压强为： △     …………2分 17. 变压器原理可以用来测量线圈的匝数：把被测线圈作原线圈，用一个匝数已知的线圈作副线圈，通入交流，测出两线圈的电压，就可以求出被测线圈的匝数．已知副线圈有 400匝，把原线圈接到 220V的线路中，测得副线圈的电压是55V，求原线圈的匝数． 参考答案： 考点： 变压器的构造和原理．版权所有 专题： 交流电专题． 分析： 根据变压器的匝数之比等于电压之比即可求解 解答： 解： 由变压器的匝数之比等于电压之比可得：， 解得： n1=1600． 答：原线圈的匝数为1600匝 点评： 本题主要考查了变压器原副线圈电压与匝数之间的关系，基础题 　 18. 如图，匀强磁场的磁感应强度B=0.5T，边长为L=10cm的正方形线圈abcd共100匝，线圈电阻r=1Ω，线圈绕垂直于磁感线的轴匀速转动．ω=2πrad/s，外电路电阻R=4Ω．求： （1）线圈产生的感应电动势的最大值 （2）交流电压表的示数． （3）线圈转动一周在电阻R上产生的热量． 参考答案： 解：（1）线圈产生的感应电动势的最大值=π（V） （2）感应电动势有效值（V） 电流（A） 电压表测量的是电阻R两端的电压U=IR==（V） （2）周期 线圈转动一周电阻R上产生的热量=J 答：（1）线圈产生的感应电动势的最大值为π（V） （2）交流电压表的示数为． （3）线圈转动一周在电阻R上产生的热量为0.8J 【考点】交流的峰值、有效值以及它们的关系． 【分析】（1）先根据Em=NBωS求出最大值； （2）电压表测量的是电阻R的电压，根据闭合电路欧姆定律即可求解． （3）根据焦耳定律计算电阻R上的热量．