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2022年广东省梅州市永兴中学高一数学理下学期期末试题含解析
一、 选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每小题给出的四个选项中,只有是一个符合题目要求的
1. 在四边形ABCD内找一点O, 使=0, 则点O为 ( )
A. 四边形对角线的交点 B. 一组对边中垂线的交点
C. 一组对边中点连线的中点 D. 一组对角角平分线的交点
参考答案:
C
略
2. 方程有两个不等实根,则k的取值范围是
A. B. C. D.
参考答案:
D
3. 如图,正方体ABCD-A1B1C1D1中,AB的中点为M,DD1
的中点为N,则异面直线B1M与CN所成的角是( )
A. B. C. D.
参考答案:
D
略
4. 已知与是非零向量且满足(﹣6)⊥,(2﹣3)⊥,则与的夹角是( )
A. B. C. D.
参考答案:
B
【考点】平面向量数量积的运算.
【分析】根据向量垂直的充要条件便可得出,进行数量积的运算,并整理即可得到,,这样两式联立即可求出的值,从而得出与的夹角.
【解答】解:根据条件:,;
∵;
∴,;
∴;
∴;
∴;
∴的夹角为.
故选:B.
5. 直线a、b和平面α,下面推论错误的是( )
A.若a⊥α,b?α,则a⊥b B.若a⊥α,a∥b,则b⊥α
C.若a⊥b,b⊥α,则a∥α或a?α D.若a∥α,b?α,则a∥b
参考答案:
D
【考点】命题的真假判断与应用.
【分析】A,由线面垂直的性质定理可判断;
B,由线面垂直的判定定理可判断;
C,由线面、线线垂直的判定定理可判断;
D,若a∥α,b?α,则a∥b或异面
【解答】解:对于A,若a⊥α,b?α,则a⊥b,由线面垂直的性质定理可判断A正确;
对于B,若a⊥α,a∥b,则b⊥α,由线面垂直的判定定理可判断B正确;
对于C,若a⊥b,b⊥α,则a∥α或a?α,由线面、线线垂直的判定定理可判断C正确
对于D,若a∥α,b?α,则a∥b或异面,故D错;
故选:D.
6. 已知O,A,B是平面上的三个点,直线AB上有一点C,满足,则
A. B.
C. D.
参考答案:
A
7. 若不等式(,且)在上恒成立,则的取值范围是( )
A.(1,2) B.(2,+∞) C. (0,1)∪(2,+∞) D.
参考答案:
B
当时, ,即为 在上恒成立,
整理得: ,由,得,所以;
当时,,即为 在上恒成立,
整理得:,由,得,,
所以,无解.
综上.
8. 设集合,,且,则( ).
A. B. C. D.
参考答案:
B
9. 在△ABC中,cos2=,(a,b,c分别为角A,B,C的对边),则△ABC的形状为( )
A.正三角形 B.直角三角形
C.等腰三角形或直角三角形 D.等腰直角三角形
参考答案:
B
【考点】解三角形.
【专题】计算题.
【分析】利用二倍角公式代入cos2=求得cosB=,进而利用余弦定理化简整理求得a2+b2=c2,根据勾股定理判断出三角形为直角三角形.
【解答】解:∵cos2=,∴=,∴cosB=,
∴=,
∴a2+c2﹣b2=2a2,即a2+b2=c2,
∴△ABC为直角三角形.
故选B
【点评】本题主要考查了三角形的形状判断.考查了学生对余弦定理即变形公式的灵活利用.
10. 已知函数,,且,则的取值范围是 ( )
A.(2,+∞) B.(3,+∞) C.[3,+∞) D. [2,+∞)
参考答案:
B
二、 填空题:本大题共7小题,每小题4分,共28分
11. 已知幂函数的图象过点 .
参考答案:
3
设 ,由于图象过点 ,
得 ,
,
,故答案为3.
12. 已知sinα+cosα=,且0<α<,则sinα﹣cosα的值为 .
参考答案:
﹣
【考点】同角三角函数基本关系的运用.
【专题】三角函数的求值.
【分析】利用完全平方公式,先求出2sinαcosα,即可得到结论.
【解答】解:由sinα+cosα=,
平方得1+2sinαcosα=,
则2sinαcosα=,
∵0<α<,
∴sinα﹣<cosα,即sinα﹣cosα<0,
则sinα﹣cosα=﹣==﹣,
故答案为:﹣;
【点评】此题考查了同角三角函数基本关系的运用,熟练掌握基本关系是解本题的关键.
13. 设A是整数集的一个非空子集,对于,如果且,那么是A的一个“孤立元”,给定,由S的3个元素构成的所有集合中,不含“孤立元”的集合共有 个.
参考答案:
6
14. 设函数f(x)=,则不等式f(x)>f(1)的解集是__________.
参考答案:
{x|-3<x<1或x>3}
15. 设扇形的周长为,面积为,则扇形的圆心角的弧度数是 .
参考答案:
2
16. 设实数,定义运算“”:设函数.则关于的方程的解集为 .
参考答案:
17. 已知x∈(0,+∞),观察下列各式:
x+≥2,
x+≥3,
x+≥4,
…
类比得:x+,则a= .
参考答案:
nn
【考点】F3:类比推理;F1:归纳推理.
【分析】观察前几个式子的分子分母可发现规律得出结论.
【解答】解:当n=1时,a=1,
当n=2时,a=2=22,
当n=3时,a=27=33,
…
∴当分母指数取n时,a=nn.
故答案为nn.
三、 解答题:本大题共5小题,共72分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤
18. (12分)在锐角三角形ABC中,a、b、c分别是角A、B、C的对边,且﹣2csinA=0.
(Ⅰ)求角C的大小;
(Ⅱ)若c=,且△ABC的面积为,求a+b的值.
参考答案:
(Ⅰ)解:由,及正弦定理得 ………2分
……………4分
△是锐角三角形 ……………6分
(Ⅱ) ,, ……………8分
由余弦定理得 ……………10分
解得或(舍)的值为5. ……………12分
19. 已知定义域为R的奇函数f(x),当x>0时,f(x)=x2﹣3.
(1)当x<0时,求函数f(x)的解析式;
(2)求函数f(x)在R上的解析式;
(3)解方程f(x)=2x.
参考答案:
【考点】函数奇偶性的性质;函数解析式的求解及常用方法.
【专题】计算题;函数的性质及应用.
【分析】(1)当x<0时,﹣x>0,根据函数的奇偶性,结合当x>0时,f(x)=x2﹣3,可求出x<0时函数的表达式;
(2)f(0)=0,可得函数f(x)在R上的解析式;
(3)分类讨论解方程f(x)=2x.
【解答】解:(1)当x<0时,﹣x>0,
∵当x>0时,f(x)=x2﹣3,
∴f(﹣x)=(﹣x)2﹣3=x2﹣3,
∵f(x)是定义域为R的奇函数,
∴f(﹣x)=﹣f(x)
即f(x)=﹣f(﹣x)=﹣x2+3(x<0);
(2)f(0)=0,
∴f(x)=;
(3)x>0,x2﹣3=2x,可得x=1,
x=0,满足题意;
x<0,﹣x2+3=2x,可得x=﹣3,
∴方程f(x)=2x的解为1,0或﹣3.
【点评】本题主要考查函数奇偶性的应用,以及方程根,考查函数解析式的确定,属于中档题.
20. 已知.
(I)若函数有三个零点,求实数a的值;
(II)若对任意,均有恒成立,求实数k的取值范围.
参考答案:
(I)或;(II).
【详解】(I)由题意等价于有三个不同的解
由,可得其函数图象如图所示:
联立方程:,
由可得
结合图象可知
.
同理,由可得,
因为,结合图象可知,
综上可得:或.
(Ⅱ)设,原不就价于,
两边同乘得:,
设,
原题等价于的最大值.
(1)当时,,易得,
(2),,易得,
所以的最大值为16,即,故.
21. 已知函数.
(1)当时,若,求函数f(x)的值;
(2)当时,求函数的值域;
(3)把函数y=f(x)的图象按向量平移得到函数g(x)的图象,若函数g(x)是偶函数,写出最小的向量的坐标.
参考答案:
考点: 三角函数的最值;三角函数的恒等变换及化简求值;同角三角函数间的基本关系;正弦函数的定义域和值域.
专题: 计算题.
分析: (1)利用同角三角函数的基本关系 由sinx求出cosx,从而求得f(x)的值.
(2)根据x的范围,求得角x﹣的范围,可得sin(x﹣)的范围,利用两角差的正弦公式化简f(x)的解析式,
利用二次函数的性质求的h(x)的值域.
(3)根据向量平移得到g(x)的解析式 ,要使g(x)是偶函数,即要,
求得a的解析式,通过|的解析式可得当k=﹣1时,最小.
解答: (1)∵,∴,
==.
(2)∵,∴,,
=.
(3)设,所以,
要使g(x)是偶函数,即要,即,,
当k=﹣1时,最小,此时,b=0,即向量的坐标为.
点评: 本题考查同角三角函数的基本关系,两角差的正弦公式,正弦函数的定义域和值域,判断g(x)是偶函数 的条件,
是解题的难点.
22. 长方体ABCD﹣A1B1C1D1中AB=1,AA1=AD=2.点E为AB中点.
(1)求三棱锥A1﹣ADE的体积;
(2)求证:A1D⊥平面ABC1D1;
(3)求证:BD1∥平面A1DE.
参考答案:
【考点】LS:直线与平面平行的判定;LF:棱柱、棱锥、棱台的体积;LW:直线与平面垂直的判定.
【分析】(1)根据AA1⊥底面ABCD,AA1=2,可知三棱锥A1﹣ADE的高,然后求出三角形ADE的面积,最后利用锥体的体积公式求出三棱锥A1﹣ADE的体积即可;
(2)欲证A1D⊥平面ABC1D1,根据直线与平面垂直的判定定理可知只需证A1D与平面ABC1D1内两相交直线垂直,而根据条件可知AB⊥A1D,AD1⊥A1D,又AD1∩AB=A,满足定理所需条件;
(3)欲证BD1∥平面A1DE,根据直线与平面平行的判定定理可知只需证BD1与平面A1DE内一直线平行即可,根据中位线可知OE∥BD1,又OE?平面A1DE,BD1?平面A1DE,满足定理所需条件.
【解答】解:(1)在长方体ABCD﹣A1B1C1D1中,
因为AB=1,E为AB的中点,所以,,
又因为AD=2,所以,(2分)
又AA1⊥底面ABCD,AA1=2,
所以,三棱锥A1﹣ADE的体积.(4分)
(2)因为AB⊥平面ADD1A1,A1D?平面ADD1A1,
所以AB⊥A1D.(6分)
因为ADD1A1为长方形,所以AD1⊥A1D,(7分)
又AD1∩AB=A,所以A1D⊥平面ABC1D1.(9分)
(3)设AD1,A1D的交点为O,连接OE,
因为ADD1A1为正方形,所以O是AD1的中点,(10分)
在△AD1B中,OE为中位线,所以OE∥BD1,(11分)
又OE?平面A1DE,BD1?平面A1DE,(13分)
所以BD1∥平面A1DE.(14分)
【点评】本题主要考查了线面平行、线面垂直的判定定理以及体积的求法.涉及到的知识点比较多,知识性技巧性都很强.
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