【5份合集】山西省忻州市2020年中考一模物理试卷

中考物理模拟试卷有解析注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单选题1 .如图所示，当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两表的读数之比U单：U乙为4:1,当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两表的读数之比I 单：I 乙为（）A.4 ：3 B.3 ：2C.3 ：4 D.3 ：1解析：C【解析】【详解】若甲、乙均为电压表时，闭合开关S,R i和 R 2 串联，甲表测量路端总电压U,乙表测量电阻R 2 两端电压U2,即U=U 甲，U2=U 乙，根据题中U单:U z=4:l得：U:U2=4:1.，根据串联电路电压规律可知：U=U i+U2.，联立得：U!：U2=3:1,根据串联电路电流规律及欧姆定律可知：U i:R i=U z:R 2,则R 1:R 2=U 1:1）2=3 :1 ；若甲、乙均为电流表时，断开开关S,R 和 R 2 并联，甲表测量R 2 所在之路路电流L,乙表测量干路总电流 I,即1 2 二 1 甲，1 二 1 乙，根据并联电路电压规律及欧姆定律可知：I i R i=I 2 R 2则I i:l2=R 2：R i=l：3.，根据并联电路电流规律可知：I=L+L，联立得：1:3 4:3,则I 甲：I z=3:4,故选C。2 .如图所示，自然界中的物态变化让我们领略了许多美妙景色，下列说法中正确的是（）A.轻柔的雪是升华现象 B.凝重的霜是凝华现象C.晶莹的露是熔化现象D.飘渺的雾是汽化现象解析：B【解析】【详解】雪和霜都是水蒸气遇冷凝结形成的，由气体直接变为固体，属于凝华现象，故 A 错误，B正确；露和雾则是由于水蒸气遇冷凝结成小液滴，附着在树叶上聚集称露，漂浮在空气中就是雾，均属于液化现象，故 C、D错误.3 .用大小不变的水平力，拉木块在水平桌面上做匀速直线运动，如图所示.木块在运动过程中，下列说法正确的是（）A,木块对桌面的压力和木块受到的重力是一对平衡力B.绳对木块的拉力和木块对绳的拉力是一对平衡力C.绳对木块的拉力大于桌面对木块的摩擦力D.木块受到的滑动摩擦力大小保持不变解析：D【解析】【详解】A.平衡力和相互作用力都是大小相等方向相反作用在一条直线上，不同的是平衡力作用在一个物体上，而相互作用力作用在彼此两个物体上.木块对桌面压力作用在桌面上，而重力是地球对木块，不在一个物体上所以不是平衡力，也不是彼此之间的力所以不是相互作用力.A错误.B.绳对木块和木块对绳是相互作用力而不是平衡力，B错误.C.木块在桌面做匀速直线运动，处于平衡状态，即拉力和摩擦力是平衡力，二者大小相等.C错误.D.滑动摩擦力和压力接触面粗糙程度有关，木开移动过程中，对桌面压力不变，而接触面粗糙程度也不变，因此摩擦力也不变.D正确.4 .如图所示，开关S闭合，磁铁处于静止状态.当滑动变阻器的滑片P缓慢向右移动时，悬挂磁铁的弹簧长度变化情况是A.缩短 B.伸长C.不变 D.可能伸长，也可能缩短解 析:A【解析】【详解】用安培定则可以判断出螺线管的上端为N极，与上方的磁铁的N极相互排斥，当滑动变阻器滑片P向右移动时，连入电路的电阻变小，电路中电流变大，螺线管磁性变强，故与上方的磁铁排斥力变大，弹簧长度变短.故选A.5.如图所示，闭合开关后两灯均能发光，则1 f IA.甲为电流表，乙为电压表B.甲为电压表，乙为电流表C.甲、乙均为电流表D.甲、乙均为电压表解析：B【解析】【详解】AD.由图可知，乙表与电源串接在一起，所以乙表一定是电流表，AD错误.BC.甲表与左边的灯泡并联，如果甲为电流表将短路左边的灯泡，故甲表为电压表，B正确C错误.6.下列有关热值内能、比热容和热机效率的说法中，正确的是A.燃料的热值越大，内燃机的热机效率越高B.热机所用燃料的化学能转化的内能越多效率越高C.为了防止热机过热，通常用水来降温，是利用水的比热容大的特性D.物体的温度越高，内能越大解析：C【解析】【详解】A、用热值大的燃料，燃烧相同燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定得到提高，故A错误；B、热机效率是指热机用来做有用功的能量与燃料完全燃烧放出能量的比值，故B错误；C、水的比热容较大，与其他物质相比，相同质量、升高相同温度的情况下，吸热的热量较多，所以用水来降温，故C正确；D、物体的内能与物体的质量和温度都有关系，温度高，内能不一定大，故D错误。7.如图所示，在烧杯和试管中都装着水，给烧杯加热使杯中水沸腾，继续加热，则（）A.试管中的水将沸腾B.试管中的水温能达到沸点，但不能沸腾C.试管中的水达不到沸点，不能沸腾D.以上三种情况都可能发生解析：B【解析】【详解】在烧杯底部加热使烧杯内的水沸腾，继续加热，根据沸腾的特点可知烧杯内的水温度将不再变化，所以试管内的水温度能达到100C但不能继续吸热，所以试管内的水不能沸腾；故选B.8.如图所示的三种场景中，拉力R、F2、F3大小相等，在拉力的作用下物体移动的距离也相等.若拉力所做的功分别记为M、%、W3,下列关于它们大小关系的判断中正确的是A.W!=W2=W3B.WVW2VW3C.W2WiW3D.Wt=W2 F浮 单，在乙液体中A漂浮，GFF浮”所以F浮 用V F浮 乙，故C正确；D、由G=mg可知GAVGB,由于A、B在甲液体中都沉底，两球的体积相同，排开液体的体积相同，由F浮=PgV撵 可得，两球在甲液体中受到的浮力相同，则根据G=F浮+F支可知支持力F支=G-F浮，所以，FS A R导 线,所以电流产生的热量：Q电 炉 线Q 9从而出现电炉丝热得发红，而与电炉丝相连的导线却不怎么发热的现象，故选D.7.甲、乙两个完全相同的杯子盛有盐水，将同一枚鸡蛋先后放入其中，当鸡蛋静止时，两个杯子中液面恰好相平，鸡蛋在两杯中所处的位置如图所示，则（）甲 乙A.甲杯底所受的液体压强较大B.鸡蛋在乙杯中受到的浮力较大C.鸡蛋在两杯中排开液体的质量相等D.甲杯子对桌面的压力较大解析：C【解析】由图示可知，鸡蛋在甲中悬浮，在乙中漂浮，说明乙液体的密度大于甲液体的密度，两杯中液面相平，则可知甲杯底所受的压强小于乙杯底受到的压强，故A错；鸡蛋悬浮和漂浮时所受的浮力都等于本身的重力，所以在两杯中的浮力大小是相等的，故B错；浮力相等，根据阿基米德原理可知，排开液体的质量是相等的，故C正确；乙杯液体的密度大，则可知乙杯中液体的质量也较大，所以乙杯对桌面的压力大，故D错；应选C。8.下列一些关于生活中的物理现象及原因分析，错误的是（）A.用冰袋给高热病人降温，原因是冰熔化要吸热B.使用高压锅，食物容易被煮熟，原因是锅内气体压强大，液体沸点高C.水沸腾时壶口冒出的“白气”是空气中的水蒸气液化形成的D.衣柜里的樟脑丸变小了，原因是樟脑丸发生了升华现象解析：C【解析】【详解】用冰袋给高热病人降温，原因是冰熔化要吸热，A叙述正确；使用高压锅，食物容易被煮熟，原因是锅内气体压强大，液体沸点高，沸点与压强的关系是，压强增大，沸点升高，压强减小沸点降低，B叙述正确；水沸腾时壶口冒出的“白气”是热壶中的水蒸气液化形成的，而不是空气中的水蒸气液化形成的；故C错误.衣柜里的樟脑丸变小了，原因是樟脑丸发生了升华现象，D正确；)9.关于压强，下列说法正确的是（A.帕斯卡裂桶实验说明了液体压强与液体的重力有关B.自制气压计是利用了液体的热胀冷缩原理来反映大气压的变化C.嘴巴吸饮料入口是利用了气体流速越大，压强越小D.一个普通人单脚站立在地面上时，对地面的压强大约是2 X 1 0 P a解析：D【解析】A图中帕斯卡裂桶实验，说明了液体压强随深度的增加而增大，故 A错误；B图中自制气压计是当外界气压减小时，液体在内部气压的作用下使液柱上升，不是利用液体的热胀冷缩原理，故 B错误；用吸管喝饮料时，吸管内压强减小，饮料在大气压的作用下把饮料压入嘴里，所以用吸管吸饮料是大气压作用的结果，故 C错误；一个普通人质量约5 0 k g,其对地面的压力F=G=m g=5 0 k g X 1 0 N/k g=5 0 0 N；单脚站立在地面上时与地面的接触面积大约为：S=2 5 0 c m2=0.0 2 5 m2；对地面的压强为：p=F/S=5 0 0 N/0.0 2 5 m2=2 X 1 04P a,故 D正确，故选D.1 0.第七届世界军人运动会将于2 0 1 9年 1 0 月在武汉举行，其中羽毛球、乒乓球、男子体操、网球等4个项目首次进入世界军人运动会。关于这四项运动，下列描述错误的是A.羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球具有惯性B.为了控制乒乓球的飞行路径可以让它旋转起来，这是利用了流体压强与流速的关系C.体操运动员在手上涂防滑粉，是为了减小摩擦力D.球拍在击打网球的过程中，球拍和网球同时发生了弹性形变解析：C【解析】【详解】A、羽毛球离开球拍后能在空中飞行一段距离，是由于羽毛球具有惯性，还将保持原来的运动状态，故 A正确；B、为了控制乒乓球的飞行路径可以让它旋转起来，这是利用了流体压强与流速的关系，故 B正确；C、体操运动员在手上涂防滑粉，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故 C错误。D、球拍在击打网球的过程中，球拍和网球同时发生了弹性形变，所以有弹力产生，故 D正确。1 1.如图所示，电源电压保持不变，开关S闭合后，灯泡L、L都能正常发光，甲、乙两只电表的示数之比为3：5,则 3、L 2 的额定功率之比是（）L iL：A.2：3 B.3：2 C.5：3 D,3：5解析：A【解析】【详解】由电路图可知，开关S闭合后，如果乙为电流表，将会造成电源短路；如果甲为电流表，则 L被短路、不能工作；所以，甲、乙均为电压表，此时灯L、匕串联连接，电压表甲测L,两端电压，电压表乙测电源电压；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两灯泡两端的电压之比：，=因串联电路中各处的电流相等，且灯泡L、L都能正常发光，所以，由C/2 U 甲 J JP.U.l U,2P-U I 可得，两灯泡的额定功率之比：寸=击=力=4,故应选A-1 2 .阅读下列材料：扩散现象实质是一切物质分子都在不停地作无规则运动；内燃机压缩冲程是将内能转化为机械能；压缩气体使气体温度升高是通过做功改变物体内能；热机效率是热机性能的重要指标之一.以下答案正确的是（）A.正确 B.只有正确C.正确 D.正确解析：A【解析】【详解】分子的运动眼睛无法直接观察，是通过扩散现象来反映的.扩散现象表明一切物质的分子不停地做无规则运动，故正确；内燃机压缩冲程是将机械能转化为内能，故错误；压缩气体使气体温度升高是通过做功把机械能转化成内能，改变物体内能，故正确；热机效率是热机性能的重要指标之一，故正确.正 确；二、填空题1 3 .标 有“6 V 1.5 W”的小灯泡，通过它的电流随随两端电压变化的关系如图所示，若把这样的三只灯泡串联起来，接 在 1 2 V 的电源两端，灯 泡 的 电 阻 及 实 际 功 率 约 为。、W.0.3/I 1tl !、0 2 4 6解析：2 0 0.8【解析】【详解】把三只相同的灯泡串联接在1 2 V 的电源上，三灯泡的电阻相等，因串联电路中各处的电流相等，由（1=U 12VI R 可知，三灯泡两端的电压相等，则每只灯泡两端的电压：UL=-=4 V,由图象可知，此时电路3 3中的电流1=0.2 A,由 1=可得，此时每只灯泡灯丝的电阻：Ri=a=20C,每只灯泡的功R1 0.2 A率：PL=ULI=4VX0.2 A=0.8 W.【点睛】由串联电路的特点知，把三只相同的灯泡串联接在1 2 V 的电源上，三灯泡的电阻相同分得的电压相等，根据图象读出通过灯泡的电