《2019届高三物理二轮复习-专题四-电路和电磁感应-第1讲-恒定电流和交变电流逐题对点特训》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019届高三物理二轮复习-专题四-电路和电磁感应-第1讲-恒定电流和交变电流逐题对点特训（8页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2019届高三物理二轮复习 专题四 电路和电磁感应 第1讲 恒定电流和交变电流逐题对点特训1(2017山东半岛联盟摸底)如图所示，平行金属板中带电质点P处于静止状态，不考虑电流表和电压表对电路的影响，当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，则(C)A质点P将向上运动B电流表读数减小C电压表读数减小DR3上消耗的功率逐渐增大解析 滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，接入电路中的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，则电源内压增大，R1两端的电压增大，由于电源的路端电压减小，故R3两端的电压减小，R3上消耗的功率减小，电容器两极板间的电压减小，质点P将向下运动，选项A、D错误；流过R3中的电流减小，而总电流
2、增大，则电流表读数增大，R2两端的电压增大，电压表读数减小由以上分析知，选项B错误，C正确2(多选)如图所示，电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，L为小灯泡，R1、R2为定值电阻，当滑动变阻器R3的触头P由a向b移动一小段距离后，电压表V1、V2、V3的示数的变化量分别为U1、U2、U3(均取绝对值)，电流表A1、A2、A3的示数的变化量分别为I1、I2、I3(均取绝对值)，则下列说法中正确的是(BC)AU1U2U3BI3I1I2C不变，不变D此过程中，电容器C所在电路中存在瞬时电流，方向由电容器的左极板经过R3到右极板解析 根据闭合电路欧姆定律，当滑动变阻器R3的触头向右移动一小段距离后，
3、R3接入电路中的阻值增大，回路总电阻增大，总电流I1减小，I1为负，定值电阻R1两端的电压和内电压之和减小，故电压表V1的示数U1变大，U1为正，故定值电阻R2中的电流I2增大，I2为正，R3中的电流I3减小，I3为负，则有I1I3I2，即I3I1I2，选项B正确；L两端的电压U2减小，U2为负，R3两端的分压U3增大，U3为正，则有U1U2U3，即U3U1U2，选项A错误；等于电源内阻和定值电阻R1组成的等效电源的内阻，即R1r，为定值，等于电源内阻、两个定值电阻和灯泡电阻组成的等效电源的内阻，即RL，为定值，故选项C正确；触头P由a向b移动，R3增大，电容器C两端电压要增大，在此过程中，电
4、容器两极板的电量增加，存在瞬时向右的充电电流，故选项D错误3(2017辽宁三校调考)(多选)如图所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1100 ，R2阻值未知，电压表和电流表均为理想电表，R3为一滑动变阻器，当其滑片P滑至最左端时，测得电压表和电流表的示数分别为U116 V，I10.2 A，滑片P滑至最右端时，电压表和电流表的示数分别为U24 V，I20.8 A，则由此可推算出(CD)A该电源的电动势为16 V、内阻为20 B定值电阻R2的阻值为10 C滑动变阻器的最大阻值为300 D电源在该电路中的最大输出功率为5 W解析 根据闭合电路欧姆定律，当滑片P滑至R3的最左端时有EU1I1r，
5、当滑片P滑至R3的最右端时有EU2I2r，代入数据联立解得E20 V，r20 ，故选项A错误；当滑片P滑到R3的最右端时，根据欧姆定律有R外R25 ，选项B错误；当滑片P滑到R3的最左端时，R外80 ，因为R外R2，滑动变阻器的最大阻值为R3300 ，选项C正确；因为5 R外80 ，故当R外r20 时，U外，电源在该电路中的最大输出功率为Pmax5 W，选项D正确4(2017内蒙古联考)(多选)如图所示的电路中，D为理想二极管(具有单向导电性)，一带正电小油滴恰好在平行板电容器中央静止不动，电源内阻不计，则下列说法正确的是(BD)A仅把开关S断开，油滴将下落C仅把电阻箱R1的阻值减小，油滴将上
6、升C仅把电容器上极板稍水平右移，油滴将下落D仅把电容器上极板稍竖直上移，油滴仍静止不动解析 开关S断开，二极管处于不导通状态，故电容器无法放电，电容器的电荷量不变，电场力不变，则油滴仍静止不动，选项A错误；带正电油滴静止不动，说明b点电势高于a点电勢，仅把电阻箱R1的阻值减小，则b点电势升高，a点电势不变，故电容器电压增大，两极板间的场强增大，油滴受到的电场力增大，油滴将上升，选项B正确；将电容器上极板水平右移，则电容器的电容减小，电容器欲放电，但因二极管处于不导通状态而无法放电，即电容器的电荷量Q不变，由C、C和E，联立得E，S减小，则E增大，电场力增大，油滴将上升，选项C错误；将电容器上极
7、板竖直上移一些，电容器的电容减小，电容器欲放电，但因二极管处于不导通状态而无法放电，故电容器的电荷量Q不变，且由E知电场力不变，油滴仍静止不动，选项D正确5(2017广东百校联考)(多选)如图所示，电阻箱、电源、定值电阻R0和开关通过电阻不计的导线连接在一起，理想电压表用来测量电阻箱两端电压当电阻箱的阻值调为R12 时，电压表的示数为U14 V；当电阻箱的阻值调为R25 时，电压表的示数增加了U 1 V则下列说法正确的是(AC)A该电源的电动势一定为6 VB该电源的内阻一定为0.5 C当电阻箱消耗的功率最大时，其阻值为1 D此过程中电源的路端电压增加量U1 V解析 因为电压表的示数增加了U1
8、V，说明电压表的示数变为5 V，由闭合电路欧姆定律得EU1(R0r)，EU2(R0r)，联立以上两式并代入数据解得E6 V，R0r1 ，选项A正确，B错误；电阻箱消耗的电功率表达式PR，可知当RR0r1 时， 电阻箱消耗的功率P有最大值，Pm9 W，选项C正确；因为路端电压UEIr，所以路端电压的增加量U|I|r，而U|I|(rR0)1 V，U1 V，故选项D错误6(2017湖北部分重点中学联考二)(多选)如图所示，直线a、抛物线b和c为某一稳恒直流电源在纯电阻电路中的总功率PE、输出功率PR、电源内部发热功率Pr随路端电压U变化的图象，但具体对应关系未知，根据图象可判断(BC)APEU图象对
9、应图线a；由图知电动势为9 V，内阻为3 BPrU图象对应图线b；由图知电动势为3 V，内阻为1 CPRU图象对应图线c；图象中任意电压值对应的功率关系为PEPrPRD外电路电阻为1.5 时，输出功率最大为2.25 W解析 设路端电压为U，电源电动势为E，电源内阻为r，电源的总功率PEEU，故PEU图象对应图线a，由题图知，3，9，解得E3 V，r1 ，电源内部发热功率Pr(EU)，故PrU图象对应图线b，选项A错误，选项B正确；输出功率PRUU2U，故PRU图象对应图线c，由能量守恒定律知PEPrPR，选项C正确；当外电路的电阻等于电源内阻r1 时，输出功率最大，最大功率P2r2.25 W，
10、选项D错误7(2015福建卷)如图为远距离输电示意图，两变压器均为理想变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2，在T的原线圈两端接入一电压uUmsin t的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其他因素的影响，则输电线上损失的电功率为(C)ABC422rD422r解析 升压变压器原线圈电压的有效值U1，由可得升压变压器副线圈电压的有效值U2，输电线上的电流I，输电线上损失的电功率P损I2(2r)422r，选项C正确8(2017甘肃兰州诊断考试)(多选)演示用交流发电机矩形金属线圈abcd的面积为S，匝数为n，线圈总电阻为r，在磁感应强度为B的匀强磁场中，绕垂直于磁
11、场的轴OO以角速度匀速转动，如图甲所示从某时刻起线圈中产生的感应电动势随时间的变化关系如图乙所示，外电路电阻为R.下列说法正确的是(CD)A从t1到t3这段时间内穿过线圈磁通量的变化量为零Bt4时刻穿过线圈的磁通量的变化率为E0C从t3到t4这段时间通过电阻R的电荷量为D电阻R的发热功率为解析 从t1到t3这段时间内穿过线圈磁通量的变化量为2BS，选项A错误；t4时刻穿过线圈的磁通量的变化率还与线圈的匝数n有关，不为E0，选项B错误；从t3到t4这段时间通过电阻R的电荷量为QItt，又E0n，解得Q，选项C正确；电阻R的发热功率为P2R，选项D正确9(2017湖北荆门调研)(多选)某同学自制变
12、压器，在做副线圈时，将外表涂有绝缘层的导线对折后并在一起在铁芯上绕了n2圈，导线的两个端头为a、b，从导线对折的中点引出了一个c接头，连接成如图所示的电路(线圈电阻不计)已知原线圈匝数为n1，原线圈的输入电压为u1U0sin t，则下列结论正确的是(BCD)AK打到b时，V表读数为BK打到b时，通过R的电流为0CK打到c时，V表读数为DK打到c时，R的电功率为解析 K打到b时，副线圈中的ac间与bc间线圈产生的感应电动势大小相同、方向相反，所以输出电压为零，V表读数为0，通过R的电流为0，选项A错误，B正确；K打到c时，副线圈中只有ac间的n2匝线圈有输出电压，所以输出电压的最大值为U2m，有
13、效值为U2，V表读数为，R的电功率为PU/R，故选项C、D正确10(2017豫东、豫北十所名校阶段性测试五)如图所示，在匀强磁场中，一矩形线圈绕垂直于磁感线的轴以角速度匀速转动，线圈通过电刷与理想变压器原线圈相连，副线圈接一滑动变阻器R，原、副线圈的匝数分别为n1 ，n2.要使理想电流表的示数变为原来的2倍，下列措施可行的是(A)An2和R都增大为原来的2倍Bn2和都增大为原来的2倍C和R都增大为原来的2倍D磁感应强度B增大为原来的2倍解析 n2增大为原来的2倍，由理想变压器的电压关系知，输出电压U2变为原来的2倍，R也增为原来的2倍，由闭合电路欧姆定律知，副线圈中的电流I2不变，由知，原线圈
14、中的电流I1变为原来的2倍，故电流表的示数变为原来的2倍，选项A正确；增大为原来的2倍，由EmNBS知，理想变压器的输入电压变为原来的2倍，n2也增大为原来的2倍，由知，输出电压U2变为原来的4倍，由闭合电路欧姆定律知，副线圈中的电流I2变为原来的4倍，由知，原线圈中的电流I1变为原来的8倍，故电流表的示数变为原来的8倍，选项B错误；增大为原来的2倍，由EmNBS知，理想变压器的输入电压变为原来的2倍，由知，输出电压U2变为原来的2倍，R也增为原来的2倍，由闭合电路欧姆定律知，副线圈中的电流I2不变，由知，原线圈中的电流I1不变，故电流表的示数不变，选项C错误；磁感应强度B增加为原来的2倍，由
15、EmNBS知，理想变压器的输入电压变为原来的2倍，由知，输出电压U2变为原来的2倍，由闭合电路欧姆定律知，副线圈中的电流I2变为原来的2倍，由知，原线圈中的电流I1变为原来的2倍，故电流表的示数变为原来的2倍，选项D错误11(2017湖北省武昌实验中学模拟)用电压为U的正弦交流电源通过甲、乙两种电路给额定电压为U0的同一小电珠供电图甲中R为滑动变阻器，图乙中理想变压器的原、副线圈匝数分别为n1、n2，若电珠均能正常工作，则(D)A变压器可能是升压变压器Bn1n2U0UC甲、乙电路消耗功率之比为U2UDR两端的电压最大值为(UU0)解析 电珠均正常工作，图甲由于滑动变阻器的分压，小电珠正常工作电压U0小于U，故图乙变压器应是
