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1、2005年考研数学（三）试题解析一、 填空题（本题共6小题，每小题4分，满分24分. 把答案填在题中横线上）（1）极限= 2 .【分析】 本题属基本题型，直接用无穷小量的等价代换进行计算即可.【详解】 =【评注】 若在某变化过程下，则（2） 微分方程满足初始条件的特解为 .【分析】 直接积分即可.【详解】 原方程可化为 ，积分得 ，代入初始条件得C=2，故所求特解为 xy=2.【评注】 本题虽属基本题型， 也可先变形 ，再积分求解.（3）设二元函数，则 .【分析】 基本题型，直接套用相应的公式即可.【详解】 , ,于是 .（4）设行向量组，线性相关，且，则a= .【分析】 四个4维向量线性相关
2、，必有其对应行列式为零，由此即可确定a.【详解】 由题设，有 , 得，但题设，故【评注】 当向量的个数小于维数时，一般通过初等变换化阶梯形讨论其线性相关性.（5）从数1,2,3,4中任取一个数，记为X, 再从中任取一个数，记为Y, 则= .【分析】 本题涉及到两次随机试验，想到用全概率公式, 且第一次试验的各种两两互不相容的结果即为完备事件组或样本空间的划分.【详解】 =+ + =【评注】 全概率公式综合考查了加法公式、乘法公式和条件概率，这类题型一直都是考查的重点.（6）设二维随机变量(X,Y) 的概率分布为 X Y 0 1 0 0.4 a 1 b 0.1已知随机事件与相互独立，则a= 0.
3、4 , b= 0.1 .【分析】 首先所有概率求和为1，可得a+b=0.5, 其次，利用事件的独立性又可得一等式，由此可确定a,b的取值.【详解】 由题设，知 a+b=0.5又事件与相互独立，于是有 ，即 a=, 由此可解得 a=0.4, b=0.1【评注】 本题考查二维随机变量分布律的性质和独立随机事件的概念，均为大纲要求的基本内容.二、选择题（本题共8小题，每小题4分，满分32分. 每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，把所选项前的字母填在题后的括号内）（7）当a取下列哪个值时，函数恰好有两个不同的零点.(A) 2. (B) 4. (C) 6. (D) 8. B 【分析】 先求出可
4、能极值点，再利用单调性与极值画出函数对应简单图形进行分析，当恰好有一个极值为零时，函数f(x)恰好有两个不同的零点.【详解】 =，知可能极值点为x=1,x=2，且 ，可见当a=4时，函数f(x) 恰好有两个零点，故应选(B).【评注】 对于三次多项式函数f(x)=,当两个极值同号时，函数f(x) 只有一个零点；当两个极值异号时，函数f(x) 有三个零点；当两个极值有一为零时，函数f(x) 有两个零点.（8）设,其中，则(A) . （B）.(C) . (D) . A 【分析】 关键在于比较、与在区域上的大小.【详解】 在区域上，有，从而有 由于cosx在 上为单调减函数，于是 因此 ，故应选(A
5、).【评注】 本题比较二重积分大小，本质上涉及到用重积分的不等式性质和函数的单调性进行分析讨论.（9）设若发散，收敛，则下列结论正确的是 (A) 收敛，发散 . （B） 收敛，发散.(C) 收敛. (D) 收敛. D 【分析】 可通过反例用排除法找到正确答案.【详解】 取，则发散，收敛，但与均发散，排除(A),(B)选项，且发散，进一步排除(C), 故应选(D). 事实上，级数的部分和数列极限存在.【评注】 通过反例用排除法找答案是求解类似无穷级数选择问题的最常用方法.（10）设,下列命题中正确的是(A) f(0)是极大值，是极小值. （B） f(0)是极小值，是极大值.（C） f(0)是极大
6、值，也是极大值. (D) f(0)是极小值，也是极小值. B 【分析】 先求出，再用取极值的充分条件判断即可.【详解】 ，显然 ，又 ，且，故f(0)是极小值，是极大值，应选(B).【评注】 本题为基本题型，主要考查取极值的充分条件.（11）以下四个命题中，正确的是(A) 若在（0，1）内连续，则f(x)在（0，1）内有界. （B）若在（0，1）内连续，则f(x)在（0，1）内有界. （C）若在（0，1）内有界，则f(x)在（0，1）内有界. (D) 若在（0，1）内有界，则在（0，1）内有界. C 【分析】 通过反例用排除法找到正确答案即可.【详解】 设f(x)=, 则f(x)及均在（0，1
7、）内连续，但f(x)在（0，1）内无界，排除(A)、(B); 又在（0，1）内有界，但在（0，1）内无界，排除(D). 故应选(C). 【评注】 本题也可直接证明：用拉格朗日中值定理，有 在(0,1)之间，由此容易推知若在（0，1）内有界，则f(x)在（0，1）内有界. （12）设矩阵A= 满足，其中是A的伴随矩阵，为A的转置矩阵. 若为三个相等的正数，则为(A) . (B) 3. (C) . (D) . A 【分析】 题设与A的伴随矩阵有关，一般联想到用行列展开定理和相应公式：.【详解】 由及，有，其中为的代数余子式，且或 而，于是，且 故正确选项为(A).【评注】 涉及伴随矩阵的问题是常考
8、题型，只需注意到两个重要思路：一是用行列展开定理，另一是用公式：（13）设是矩阵A的两个不同的特征值，对应的特征向量分别为，则，线性无关的充分必要条件是(A) . (B) . (C) . (D) . D 【分析】 讨论一组抽象向量的线性无关性，可用定义或转化为求其秩即可.【详解】 方法一：令 ，则 ， .由于线性无关，于是有 当时，显然有，此时，线性无关；反过来，若，线性无关，则必然有(,否则，与=线性相关)，故应选(B).方法二： 由于 ，可见，线性无关的充要条件是故应选(D).【评注】 本题综合考查了特征值、特征向量和线性相关与线性无关的概念.（14） 设一批零件的长度服从正态分布，其中均
9、未知. 现从中随机抽取16个零件，测得样本均值，样本标准差，则的置信度为0.90的置信区间是(A) (B) (C)(D) C 【分析】 总体方差未知，求期望的区间估计，用统计量：【详解】 由正态总体抽样分布的性质知， 故的置信度为0.90的置信区间是，即故应选(C).【评注】 正态总体的三个抽样分布：、是常考知识点，应当牢记.三 、解答题（本题共9小题，满分94分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）（15）（本题满分8分）求 【分析】 型未定式，一般先通分，再用罗必塔法则.【详解】 = = =【评注】 本题属基本题型，在里用罗必塔法则求极限的过程中，应注意利用无穷小量的等价代换进行简化
10、.（16）（本题满分8分）设f(u)具有二阶连续导数，且，求 【分析】 先求出二阶偏导数，再代入相应表达式即可.【详解】 由已知条件可得 ， ， ，所以 =【评注】 本题属基本题型，但在求偏导数的过程中应注意计算的准确性.（17）（本题满分9分） 计算二重积分，其中.【分析】 被积函数含有绝对值，应当作分区域函数看待，利用积分的可加性分区域积分即可.【详解】 记，于是 =+=【评注】 形如积分、等的被积函数均应当作分区域函数看待，利用积分的可加性分区域积分.（18）（本题满分9分）求幂级数在区间(-1,1)内的和函数S(x).【分析】幂级数求和函数一般采用逐项求导或逐项积分，转化为几何级数或已
11、知函数的幂级数展开式，从而达到求和的目的.【详解】 设 ， ，则 ，由于 =， ,因此 ，又由于 ，故 所以 【评注】 而幂级数求和尽量将其转化为形如或幂级数，再通过逐项求导或逐项积分求出其和函数. 本题应特别注意x=0的情形.（19）（本题满分8分）设f(x),g(x)在0，1上的导数连续，且f(0)=0,.证明：对任何a,有 【分析】 可用参数变易法转化为函数不等式证明，或根据被积函数的形式，通过分部积分讨论. 【详解】 方法一：设，则F(x)在0，1上的导数连续，并且，由于时，因此，即F(x)在0，1上单调递减.注意到 ，而 =，故F(1)=0.因此时，由此可得对任何，有 方法二： =，
12、 = 由于时，因此 ， ，从而 【评注】 对于积分不等式的证明，主要有两个途径：一是转化为函数不等式，二是通过恒等变形，如变量代换、分部积分等，再用积分的不等式性质进行讨论.（20）（本题满分13分）已知齐次线性方程组 （i） 和（ii） 同解，求a,b, c的值.【分析】 方程组（ii）显然有无穷多解，于是方程组（i）也有无穷多解，从而可确定a，这样先求出（i）的通解，再代入方程组（ii）确定b,c即可.【详解】 方程组（ii）的未知量个数大于方程个数，故方程组方程组（ii）有无穷多解.因为方程组（i）与（ii）同解，所以方程组（i）的系数矩阵的秩小于3.对方程组（i）的系数矩阵施以初等行变换 ，从而a=2. 此时，方程组（i）的系数矩阵可化为 ，故是方程组（i）的一个基础解系.将代入方程组（ii）可得 或当时，对方程组（ii）的系数矩阵施以初等行变换，有 ，显然此时方程组（i）与（ii）同解.当时，对方程组（ii）的系数矩阵施以初等
