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1、辽宁省大连市第五十七中学高二物理模拟试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 一个磁场的磁感线如图4所示，一个小磁针被放入磁场中，则小磁针将( )A顺时针转动 B向左移动 C向右移动 D逆时针转动 参考答案：A2. （单选）关于速度和加速度的下列说法中正确的是A物体的速度越大，加速度也越大B物体的速度为零时，加速度也一定为零C物体的速度变化量越大，加速度越大D物体的速度变化越快，加速度越大参考答案：D3. （单选）世界上第一个发现电磁感应现象的科学家是（ ）A、法拉第 B、麦克斯韦 C、奥斯特 D、安培参考答案：A4. 如图所示，a、b、c是地
2、球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造地球卫星，a、b质量相等且小于c的质量，则下列判断错误的是Ab所需向心力最小 Bb、c周期相等，且大于a的周期 Cb、c向心加速度大小相等，且大于a的向心加速度 Db、c线速度大小相等，且小于a的线速度参考答案：C5. 如图3所示的匀强磁场，磁感应强度为0.2T，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为0.2m，导线中电流为1A。该导线所受安培力的大小为 （ ）A0.01N B0.02N C0.03N D0.04N参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，质量为m的木箱在推力F的作用下在水平面上运动，F与水平方向的夹角为，木箱与
3、水平面间的动摩擦因数为，则水平面给木箱的支持力大小为 ，木箱受到的摩擦力大小为 参考答案：mg+Fsin；（mg+Fsin）【考点】牛顿第二定律【分析】对物块进行受力分析，物块受重力、支持力、摩擦力及F；正交分解列方程式即可【解答】解：对物块进行受力分析，如图有竖直方向合力为0，即FN=mg+Fsin；又有f=FN=（mg+Fsin）；故答案为：mg+Fsin；（mg+Fsin）7. 如图为阴极射线管的结构示意图，阴极射线发出的电子束在阴极和阳极间强电场的作用下沿直线运动，如果在射线管所在区域内加上垂直纸面向里的匀强磁场，则电子束的偏转方向为竖直_偏转（选填“向上”、“ 向下”）。参考答案：向
4、下 8. （普通班）在电场强度为600 N/C的匀强电场中，A、B两点相距5 cm，若A、B两点连线是沿着电场方向时，则A、B两点的电势差是_ V。若A、B两点连线与电场方向成60时， 则A、B两点的电势差是_V；若A、B两点连线与电场方向垂直时，则A、B两点的电势差是_V。参考答案：9. 在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，保持小车的质量不变，改变小车所受的作用力，测得了下表所示的5组数据，并已在坐标平面上画出部分数据点，如图所示： 组别12345F/N01.12.23.34.4a/ms-200.511.52（1）在图中画出第 4 组数据对应的数据点，然后作出a-F的关系图线；（2）由所
5、作图线可以得到结论：在质量一定的情况下，加速度 a 与作用力 F 成_比； （3）当研究加速度与质量的关系时，应保持 不变，改变小车的质量来进行实验参考答案：（1）见右图（2）正（3）小车受到的作用力10. 两点电荷间距离为r时，相互作用力为F，当距离变为r/2时，它们之间相互作用力为_F，为使作用力仍为F，则两点电荷的电量可同时为原来的_倍.参考答案：11. 按照玻尔原子理论，氢原子中的电子离原子核越远，氢原子的能量 （选填“越大”或“越小”）已知氢原子的基态能量为 E1（E10），电子质量为 m，基态氢原子中的电子吸收一频率为的光子被电离后，电子速度大小为（普朗克常量为 h）参考答案：越大
6、；【考点】玻尔模型和氢原子的能级结构【分析】轨道半径越大，能级越高，能量越大当吸收的能量等于氢原子基态能量时，电子发生电离，根据能量守恒求出电子电离后的速度【解答】解：（1）氢原子中的电子离原子核越远，则能级越高，氢原子能量越大根据能量守恒得， mv2=h+E1，则=故答案为：越大；12. 两个相互靠近、又彼此 的导体构成一个 。若电容器的电压超过 电压，则电容器可能会损坏。参考答案：绝缘 电容器，最大电压13. 对楞次定律的理解：从磁通量变化的角度来看，感应电流总是 ；从导体和磁体相对运动的角度来看，感应电流总是要 ；从能量转化与守恒的角度来看，产生感应电流的过程中 能通过电磁感应转化成 电
7、能。参考答案：阻碍磁通量的变化 阻碍相对运动 机械 其它形式的三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 如图9所示是双缝干涉实验装置，使用波长为6.0107 m的橙色光源照射单缝S，在光屏中央P处(到双缝的距离相等)观察到亮条纹，在位于P点上方的P1点出现第一条亮条纹中心(即P1到S1、S2的路程差为一个波长)，现换用波长为4.0107 m的紫色光照射单缝时，问：(1)屏上P处将出现什么条纹？(2)屏上P1处将出现什么条纹？参考答案：(1)亮条纹(2)暗条纹15. （9分）在探究单摆周期与摆长的关系实验中,要注意以下几点(1)摆的振幅不要太大.这是因为单摆只有当摆的振幅不大时
8、,才能认为摆的振动是_运动. (2)摆线要尽量选择_、_,并尽可能_(填“长”、“短”)一些(3)摆球要尽量选择质量_(填“大”、“小”)、体积小些的。(4)测量摆的振动周期时,在_(填“摆球到达最高点”、“摆球经过平衡位置”)作为计时的开始与终止更好些。参考答案：(1)简谐（2分）(2)细一些、伸缩性小些，长（3分）（3）大（2分）（4）摆球经过平衡位置（2分）四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图甲所示两足够长的平行光滑金属导轨ab、cd倾斜放置，两导轨之间的距离为 L=0.5m，导轨平面与水平面间的夹角为=30，导轨上端a、c之间连接有一阻值为R1=4的电阻，下端b、d之间接有
9、一阻傳为R2=4的小灯泡有理想边界的勻强磁场垂直于导轨平面向 上，虚线ef为磁场的上边序，ij为磁场的下边界，此区域内的感应强度B，随时间t变化的规律如图乙所示，现将一质量为m=kg的金属棒MN，从距离磁场上边界ef的一定距离处，从t=0时刻开始由静止释放，金属棒MN从开始运动到经过磁场的下边界ij的过程中，小灯泡的亮度始终不变金属棒MN在两轨道间的电阻r=1，其余部分的电阻忽略不计，ef、ij边界均垂直于两导轨重力 加速度g=10m/s2求：（l）小灯泡的实际功率；（2）金属棒MN穿出磁场前的最大速率；（3）整个过程中小灯泡产生的热量参考答案：解：（1）由于小灯泡的亮度始终不变，说明金属棒M
10、N进入磁场后做匀速直线运动，速度v达到最大，由平衡条件得：mgsin=BIL小灯泡的电功率为：P=代入数据解得：P=（2）由闭合电路欧姆定律得：I=其中，总电阻为：由切割产生的感应电动势公式得：E=BLv联立以上各式，代入数据解得v=5m/s（3）金属棒进入磁场前，由牛顿第二定律得：mgsin=ma加速度为：a=gsin30=5m/s2进入磁场前所用的时间为：设磁场区域的长度为x，在0t1时间内，由法拉第电磁感应定律得：金属棒MN进入磁场前，总电阻为：感应电动势为：在磁场中运动的时间为：整个过程中产生的热量为：Q=P（t1+t2）代入数据解得：Q=5J答：（1）小灯泡的实际功率为（2）金属棒M
11、N穿出磁场前的最大速率为5m/s（3）整个过程中小灯泡产生的热量为5J17. 质量为m的A球和质量为3m的B球分别用长为L的细线a和b悬挂在天花板下方，两球恰好相互接触用细线c水平拉起A，使细线a偏离竖直方向=60，静止在如图所示的位置细线b能承受的最大拉力Fm=4.5mg，重力加速度为g剪断细线c，问：（1）A与B发生碰撞前瞬间A的速度大小（2）若A与B发生的是弹性碰撞，求碰撞后瞬间B的速度大小（3）请你判断细线b是否会被拉断参考答案：解：（1）设A球到达最低点时速度为vA，由机械能守恒定律有：解得：（2）A与B碰后瞬间，A的速度为vA、B的速度为vB，取向右为正方向，根据系统的动量守恒得：
12、mvA=mvA+3mvB 由解得： （3）若b不断，碰后瞬间b所受拉力为F，由牛顿第二定律有F3mg= 由解得：F=3.75mg由于FmF，故细线b不会被拉断答：（1）A与B发生碰撞前瞬间A的速度大小为（2）碰撞后瞬间B的速度大小为（3）细线b不会被拉断【考点】机械能守恒定律【分析】（1）小球A向下摆过程中，绳子的拉力不做功，其机械能守恒，由机械能守恒定律求出A与B发生碰撞前瞬间的速度大小；（2）A与B发生弹性碰撞，根据动量守恒和动能守恒结合求出碰后瞬间B的速度大小；（3）假设b不会拉断，根据牛顿第二定律求出绳子的拉力，再进行判断若绳子被拉断，b做平抛运动，运用运动的分解法求解水平距离18. 如图所示，一块涂有碳黑的玻璃板，质量为2kg，在拉力F的作用下，由静止开始竖直向上做匀变速运动。一个装有水平振针的振动频率为5Hz的固定电动音叉在玻璃板上画出了图示曲线，量得OA=1cm，OB=4cm，OC=9cm。求外力F的大小。（g=10m/s2）参考答案：得：
