《湖北省荆门市浏河中学高二物理上学期期末试题含解析》由会员分享,可在线阅读,更多相关《湖北省荆门市浏河中学高二物理上学期期末试题含解析(5页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、湖北省荆门市浏河中学高二物理上学期期末试题含解析一、 选择题:本题共5小题,每小题3分,共计15分每小题只有一个选项符合题意1. (单选)图甲、图乙分别表示两种电压的波形,其中图甲所示电压按正弦规律变化,下列说法正确的是( )A图甲表示交流电,图乙表示直流电 B两种电压的有效值都是220V C图甲所示电压的瞬时值表达式为u=311sin100t(V) D图甲所示电压经原、副线圈匝数比为10:1的理想变压器变压后,功率比为10:1参考答案:C2. 物体做匀变速直线运动,下列说法中正确的是A速度随时间均匀变化 B速度保持不变C加速度随时间均匀变化D位移随时间均匀变化参考答案:A3. 如图所示,一金
2、属弯杆处在磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场中,已知abbcL,当它以速度v向右平动时,a、c两点间的电势差为()ABLv BBLvsin CBLvcos DBLv(lsin)参考答案:B4. (单选)一质量为M的平板车以速度v在光滑水平面上滑行,质量为m的烂泥团从离车h高处自由下落,恰好落到车面上,则小车的速度大小是 ( )A仍是v B C D参考答案:B5. 如图所示,在直导线下方有一矩形线框,当直导线中通有方向如图所示且均匀增大的电流时,线框将() A有顺时针方向的电流 B有逆时针方向的电流C靠近直导线 D远离直导线参考答案:BD二、 填空题:本题共8小题,每小题2分,共计1
3、6分6. 如图所示,由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接,极板M接地用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U在两板相距一定距离d时,给电容器充电,静电计指针张开一定角度在整个实验过程中,保持电容器所带电量Q不变(1)若将M板向上移,静电计指针偏角将 (2)若在M、N之间插入云母板,静电计指针偏角将 参考答案:(1)增大 (2)减小由题意,电容器所带电量Q保持不变,若将M板向上移,根据C=知U增大,所以静电计指针张角增大;若在M、N之间插入云母板,电容增大,Q不变,U减小,所以静电计指针偏角将减小7. (4分)发电机路端电压为220V,输出功率为110kW。若要保证
4、用户得到100kW的电功率,输电线的电阻不得大于 ,若用一个理想变压器升压至5500V输出,输电线的电阻不得大于 。参考答案:0.04;258. (4分)如图所示,厚壁容器的一端通过胶塞插进一个温度计和一个进气管,另一端有个可移动的胶塞(用卡子卡住),用打气筒慢慢向容器内打气,当容器内的压强增大到一定程度时,读出温度计的读数。打开卡子,让气体快速冲开胶塞,此后再读温度计的示数将_(填升高、降低),说明气体对外做功,内能_(填增加、减小)。参考答案: 降低,减小两质量均为9. M的冰船A、B静止在光滑冰面上,轴线在一条直线上,船头相对,质量为m的小球从A船跳入B船,又立刻跳回,A、B两船最后的速
5、度之比是_。参考答案:M:(M+m) 10. 一兴趣实验小组进行用感应起电机给电容器充电的研究性学习实验,实验时将电容器两极板和一个静电计相连,然后给电容器充电,充电时间越长,发现静电计指针偏角越大,这说明电容器带电量越大时,它两极板间的电势差就越 。为了定量地研究电容器所带电量和两极电势差之间的关系,该小组用一个能够给电路提供5mA稳恒电流的电源给一个电容器充电,用秒表记录充电时间,充电后用伏特表测电容器两极间的电势差,测出实验数据如下表,由此可知实验中所用电容器的电容为 F参考答案:大;5.010311. (4分)下图是核电站发电流程示意图,请填写相应装置的名称。参考答案:12. 一个质量
6、为70kg的人在电梯中用体重计称重,发现电梯静止时,体重计读数为_N;当电梯以a = g向下做匀加速运动时,体重计读数为_ N。参考答案:700,013. (填空)(2013秋?舒城县校级期中)一带电导体如图所示已知导体表面上A点场强EA=100N/C,B点场强EB=1N/C,一点电荷(重力忽略不计)在电场力的作用下第一次由A到无限远,第二次由B到无限远两次最初的加速度之比aA:aB= ,若把一个电子从A处表面移动到B处表面,电场力作功为 J参考答案:100:1,0电势差与电场强度的关系;电场强度因为F=qE,知电荷在A、B两点所受的电场力之比为F1: F2=100:1,根据牛顿第二定律F=m
7、a知,加速度之比为aA:aB=100:1在等势体的表面移动电荷电场力不做功所以若把一个电子从A处表面移动到B处表面,电场力作功为0J故答案为:100:1,0三、 简答题:本题共2小题,每小题11分,共计22分14. (10分)为了“探究碰撞中的不变量”,小明在光滑桌面上放有A、B两个小球A球的质量为0.3kg,以速度8m/s跟质量为0.1kg、静止在桌面上的B球发生碰撞,并测得碰撞后B球的速度为9m/s,A球的速度变为5m/s,方向与原来相同根据这些实验数据,小明对这次碰撞的规律做了如下几种猜想【猜想1】碰撞后B球获得了速度,A球把速度传递给了B球【猜想2】碰撞后B球获得了动能,A球把减少的动
8、能全部传递给了B球(1)你认为以上的猜想成立吗?若不成立,请简述理由.(2)根据实验数据,通过计算说明,有一个什么物理量,在这次碰撞中,B球所增加的这个物理量与A球所减少的这个物理量相等?参考答案:(1)猜想1、2均不成立.因为A球的速度只减少了3m/s, B球的速度却增加了8m/s ,所以猜想1是错的。(2分)A球的动能减少了,B球动能增加了,所以猜想2也是错的;(2分)(2)计算:B球动量的增加量pB =0.19=0.9kgm/s,(2分)A球动量的减少量pA=0.380.35=0.9 kgm/s,(2分)从计算结果可得,B球动量的增加量与A球动量的减少量相等即系统的总动量保持不变(2分)
9、15. 关于电磁场的理论,下列说法正确的是( )A在电场周围一定产生磁场,磁场周围一定产生电场B在变化的电场周围一定产生变化的磁场,变化的磁场周围一定产生变化的电场C均匀变化的电场周围一定产生均匀变化的磁场 D周期性变化的电场周围一定产生周期性变化的磁场参考答案:B四、计算题:本题共3小题,共计47分16. 如图所示,光滑斜面AB与光滑水平面BC平滑连接。斜面AB长度L=3.0m,倾角=37。一小物块在A点由静止释放,先后沿斜面AB和水平面BC运动,接着从点C水平抛出,最后落在水平地面上。已知水平面BC与地面间的高度差h=0.80m。取重力加速度g=10m/s2,sin37=0.60,cos3
10、7=0.80。不计空气阻力。求(1)小物块沿斜面AB下滑过程中加速度的大小a;(2)小物块到达斜面底端B时速度的大小v;(3)小物块从C点水平抛出到落在地面上,在水平方向上位移的大小x。参考答案:(1)根据牛顿第二定律 ( 2分)解得: ( 1分)(2)根据机械能守恒定律 ( 2分) 解得: ( 1分)(3)水平方向上做匀速直线运动 ( 1分) 竖直方向上做自由落体运动 ( 1分) 上述、两式联立,解得: ( 2分)17. 如图所示,质量为m=1kg的物体在与水平方向成=37的拉力F=10N的作用下,在动摩擦因数为=0.2的水平面上由静止开始运动,(g=10m/s2,sin37=0.6,cos
11、37=0.8)求:(1)物体的加速度多大(2)2s末物体的位移多大(3)5S后撤去F物体还能运动多远参考答案:解:(1)物体受力如图所示,在x轴方向对物体运用牛顿第二定律得:FcosFf=ma在y轴方向由平衡条件得:Fsin+FNmg=0又因为:Ff=FN联立以上三式代入数据解得: =7.2m/s2(2)2s末物体的位移为(3)5s末的速度v=at=36m/s,根据牛顿第二定律可知,根据速度位移公式可知答:(1)物体的加速度为7.2m/s2(2)2s末物体的位移为14.4m(3)5S后撤去F物体还能运动324m【考点】牛顿第二定律;匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】(1)物体受重力、拉力
12、、支持力和摩擦力,根据牛顿第二定律求出物体的加速度大小(2)根据位移时间公式求得位移;(3)根据牛顿第二定律求得撤去外力后的加速度,根据速度位移公式求得位移18. 如图所示,线圈abcd的面积是0.01m2,共1000匝,线圈电阻为10,外接电阻R=90,匀强磁场的磁感应强度为B=T,当线圈以300r/min的转速匀速转动时,求:(1)从图示位置开始计时,写出感应电动势的瞬时值表达式(2)电路中交流电压表和电流表的示数(3)线圈由如图位置转过60的过程中,流过电阻R的电量为多少?参考答案:解:(1)交流电的频率:f=Hz=5Hz角速度为=2f=25=10rad/s; 最大值:Em=NBS=10000.0110=100V,故表达式为:e=100sin10t;(2)感应电动势的有效值E=100V;线圈电阻为10,外接电阻R=90,根据闭合电路欧姆定律,则有:而电流表的示数,I=1A;交流电压表的电压U=R=190=90V;(3)由法拉第电磁感应定律可知:q=n=n=1000=0.02C;答:(1)瞬时值表达式为:e=100sin10t;(2)电路中交流电压表和电流表的示数为90V和1A(3)线圈由如图位置转过60的过程中,流过电阻R的电量为0.02C