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1、2021年广西壮族自治区桂林市高尚中学高一物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）如图，一小球放置在木板与竖直墙面之间。设墙面对球的压力大小为N1，球对木板的压力大小为N2。以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴，将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置。不计摩擦，在此过程中A.N1始终减小，N2始终增大B.N1始终减小，N2始终减小C.N1先增大后减小，N2始终减小D.N1先增大后减小，N2先减小后增大参考答案：B2. （单选）伽利略的理想斜面实验说明()A一切物体都具有惯性B亚里士多德的运动和力的关系是错误的C力是维持物
2、体运动的原因D力是改变物体运动状态的原因参考答案：B3. 有关宇宙速度的说法中正确的是 A第一宇宙速度是卫星绕地球运行的最小速度B第一宇宙速度是近地圆轨道上人造卫星的运行速度C第一宇宙速度是能使卫星进入近地圆形轨道的最小发射速度D第一宇宙速度的大小为79km/s参考答案：BCD4. 假若小船相对静水的速率始终不变，渡河时船头始终与河岸垂直（设河岸为与水流方向平行的直线），当水流速度突然增大时，则小船（ ）A、渡河时间将增长。 B、渡河时间将减小。C、渡河位移将增大。 D、渡河位移将减小。参考答案：C5. （单选）以下说法中正确的是( )A牛顿第一定律揭示了一切物体都具有惯性B速度大的物体惯性大
3、，速度小的物体惯性小C力是维持物体运动的原因D做曲线运动的质点，若将所有外力都撤去，则该质点仍可能做曲线运动参考答案：A二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 地球的两颗人造卫星质量之比m1m2=12，轨道半径之比r1r2=12.，则：线速度之比为_,运行周期之比为_,向心力之比为_.参考答案：(1). (2). (3). 2:1设地球的质量为M，两颗人造卫星的线速度分别为v1、v2，角速度分别为1、2，运行周期分别为T1、T2，向心力分别为F1、F2；（1）根据万有引力和圆周运动规律 得 （2）根据圆周运动规律 ，则 （3）根据万有引力充当向心力公式 7. （2分）设飞机飞行
4、中所受的阻力与速度的平方成正比，如果飞机以速度V匀速飞行时，其发动机的实际功率为P，则飞机以速度2V匀速飞行时，其发动机的实际功率为_。参考答案：4P 8. 做匀加速直线运动的速度图线是一条直线，它与时间轴围成的面积表示_，它的斜率表示_。参考答案：位移，加速度9. 一只爆竹竖起升空后在高为处达到最高点，发生爆炸分为质量不同的两块，两块质量之比为21，其中小的一块获得水平速度v，则两块爆竹落地后相距 。参考答案：10. 一根弹簧原长10cm，挂上2N的钩码时，弹簧伸长1cm.当这根弹簧挂上6N的重物时，弹簧的长度为（在弹性限度内） cm.参考答案：13cm11. 一圆环，其圆心为O，若以它的直
5、径AB为轴做匀速转动，如图所示（1）圆环上P、Q两点的线速度大小之比是 ；（2）若圆环的半径是20cm，绕AB轴转动的周期是0.01s，环上 Q点的向心加速度大小是 （此空保留一位有效数字）参考答案：1，4104m/s2【考点】线速度、角速度和周期、转速；向心加速度【分析】（1）同一圆环以直径为轴做匀速转动时，环上的点的角速度相同，根据几何关系可以求得Q、P两点各自做圆周运动的半径，根据v=r即可求解线速度之比；（2）根据a=即可求得Q点的向心加速度大小【解答】解：P、Q两点以它的直径AB为轴做匀速转动，它们的角速度相同都为，所以Q点转动的半径为：r1=Rsin30，P点转动的半径为：r2=R
6、sin60根据v=r得圆环上P、Q两点的线速度大小之比是：1根据a=得Q点的向心加速度大小为：a=4104m/s2故答案为：1，4104m/s212. 质量为货车，以36 km/h的速度通过圆弧半径为50 m的凸形桥，到达桥的最高点时，桥受到的压力大小为 N。（g = 10 m/s2）参考答案：10 N13. 如图所示，一质量为m的条形磁铁用细线悬挂在天花板上，细线一水平金属圆环中穿过现将环从位置I释放，环经过磁铁到达位置II设环经过磁铁上端和下端附近时细线的张力分别为T1和T2，重力加速度大小为g，则： T1 mg，T2 mg (选填“”，“=”或“mg，T2mg三、 实验题：本题共2小题，
7、每小题11分，共计22分14. 如图所示，在“研究平抛物体的运动”的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L=1.25 cm,若小球在平抛运动途中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，则小球平抛的初速度的计算式v0 .(用L、g表示)，其值是 (g取9.8 m/s2)，小球在b点的速率是 .参考答案： m/s； 0.7 m/s， 0.875 m/s； 15. (填空)某同学在“研究平抛物体的运动”的实验中，只记下斜槽末端重锤线y的方向，而未记下斜槽末端的位置O，根据测得的一段曲线，从中任取两点A和B。如图所示，测得两点离y轴的距离分别为x1和x2，并测得两点间的高度差为h，则平抛
8、运动的初速度v0。 参考答案：四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示,正方形光滑水平台面WXYZ边长l=1.8m，距地面高h=0.8m。CD线平行于WX边，且它们间距d=0.1m。一个微粒从W点静止释放，在WXDC平台区域受到一个从W点指向C点的恒力F1=1.2510-11N作用，进入CDYZ平台区域后，F1消失，受到另一个力F2作用，其大小满足F2=510-13v（v是其速度大小）,运动过程中其方向总是垂直于速度方向，从而在平台上做匀速圆周运动，然后由XY边界离开台面，（台面以外区域F2=0）在微粒离开台面瞬间，另一个静止于X点正下方水平地面上A点的滑块获得一个水平速度，在微粒
9、落地时恰好与滑块相遇，已知滑块和微粒均视为质点，滑块与地面间的动摩擦因数=0.2，取g=10m/s2（1）若微粒在CDZY区域，经半圆运动恰好达到D点，则微粒达到C点时速度v1多大（4分）（2）求从XY边界离开台面的微粒质量m的范围（4分）（3）若微粒质量mo=110-13kg，求滑块开始运动时所获得的速度v2（4分）参考答案：设微粒质量为m ,由题意得：匀速圆周运动的半径R=0.9m 有：=m代值得：Vc= m/s(2) 微粒要从XY边界离开台面，则圆周运动的边缘轨迹如图所示，半径的极小值与极大值分代入数据有 8.11014kgm2.891013kg （3）如图，微粒在台面以速度v做以O点为
10、圆心，R为半径的圆周运动，从台面边缘P点沿与XY边界成角飞出做平抛运动，落地点Q，水平位移s，下落时间t。设滑块质量为M，滑块获得速度v0后在t内沿与平台前侧面成角方向，以就爱上的a做匀减速直线运动到Q，经过位移为k。由几何关系，可得17. 用两根绳子吊起一个重物，如图所示，如果每根绳所能承受的最大拉力是2.0104N（sin37o0.6，sin53o0.8）求： （1）吊起重物超重时，AO段和BO段哪根绳先断? （2）该装置所能吊起的重物最重是多少?参考答案：（1）以结点O为对象，受三个力的作用，如图所示。根据水平方向的平衡，在相同情况下有：ks5uvFOAFOB因为FOAFOB，所以吊起重
11、物超重时，AO绳先断。（2）当FOA2.0104N时，所吊物体最重。将重力沿FOA、FOB的方向分解，如右图所示。应有重力沿FOA方向的分力G1与FOA等值。因90o，在矢量直角三角形中，G1GcosGsin，37o，53o。所以：2.5104N。ks5u18. 用起重机把重为2.0104N的重物提高5m，第一次是匀速提升，第二次是以1m/s2加速度上升，求在两次上升过程重钢绳的拉力和重力各做多少功？（g=10m/s2）参考答案：解：G=mg解得：m=2000kg；第一次匀速上升，则拉力F=mg；故拉力做功为：W=Fh=mgh=2.0104N5=1105J；重力做功为：WG=mgh=2.0104N5=1105J；第二次匀加速上升，拉力为：F=m（g+a）=2000（10+1）=22000N；拉力的功为：W=Fh=22000N5=1.1105J；重力做功不变，仍为1105J答：第一次拉力做功和重力做功均为1105J；第二次拉力做功为1.1105J；重力做功为1105J【考点】牛顿第二定律；功的计算【分析】根据牛顿第二定律可求得两次提升中绳子的拉力，再由功的公式可求拉力及重力所做的功
