《2021-2022学年广东省河源市骆湖中学高二物理上学期期末试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年广东省河源市骆湖中学高二物理上学期期末试卷含解析（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2021-2022学年广东省河源市骆湖中学高二物理上学期期末试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，边长为L的正方形金属框，匝数为n,质量为m，电阻为R，用细线把它悬挂于一个有界的匀强磁场边缘，金属框的上半部处于磁场内，下半部处于磁场外磁场随时间变化规律为Bkt(k0)，已知细线所能承受的最大拉力为2mg，下列说法正确的是（ ）A.线圈的感应电动势大小为nk；B.细绳拉力最大时，金属框受到的安培力大小为mg ；C.从t0开始直到细线会被拉断的时间为。D.以上说法均不正确参考答案：AB2. （单选）如图所示，为0.3mol的某种气体的
2、压强和温度关系的pt图线p0表示1个标准大气压，则在状态B时气体的体积为（）A5.6 LB3.2 LC1.2 LD8.4 L参考答案：考点：理想气体的状态方程版权所有专题：理想气体状态方程专题分析：由图可知图象为Pt图象，根据图象可知压强与摄氏温度的关系；知道1mol任何气体在标准状况下的体积为22.4L，根据气体状态方程=C和已知的变化量去判断其它的物理量解答：解：1mol任何气体在标准状况下的体积都是22.4L，0.3mol气体在标准状况下的体积是6.72L根据气体状态方程=C知：在PT图象中等容线为过原点的直线，其中T为热力学温度温度所以在图中，虚线及延长线为等容线，A点的体积为6.72
3、LA到B，压强不变，根据气体状态方程得：VB=8.4L故选：D点评：本题考查气体的状态方程中对应的图象，在PT图象中等容线为过原点的直线Pt图象中过273点的直线表示等容变化3. 如右图所示，条形磁铁放在光滑斜面上，用平行于斜面的轻弹簧拉住而平衡，A为水平放置的直导线的截面，导线中无电流时磁铁对斜面的压力为FN1；当导线中有垂直纸面向外的电流时，磁铁对斜面的压力为FN2，则下列关于压力和弹簧的伸长量的说法中正确的是AFN1FN2，弹簧的伸长量增大 DFN1FN2，弹簧的伸长量减小参考答案：C4. 某物理兴趣小组在做描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验中，画出了如图一所示的图象（单位均为国际单位），关
4、于这个电阻大小的计算，四个同学却发生了争执，你认为他们中一定正确的是（ ）（AB是曲线上经过A点的切线）A甲同学认为该电阻的大小随着电流的增大而增大。B乙同学认为电流为i时，该电阻大小等于角1的正切值。C丙同学认为电流为i时，该电阻大小等于角2的正切值。D丁同学认为电流为i时，该电阻大小等于u和i的比值。参考答案：AD5. 关于元电荷，以下说法正确的是：A元电荷就是一个质子 B元电荷就是一个电子 C元电荷就是一个一价离子 D元电荷是自然界中电荷的最小单元 参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 太阳内部不断进行着各种核聚变反应，一个氘核和一个氚核结合成一个氦核是其中
5、一种，请写出其核反应方程 ；如果氘核的比结合能为E1，氚核的比结合能为E2，氦核的比结合能为E3，则上述反应释放的能量可表示为 参考答案：；4E32E13E2【考点】爱因斯坦质能方程【分析】根据电荷数守恒、质量数守恒写出核反应方程，根据比结合能等于结合能与核子数的比值，通过能量关系，求出释放的核能【解答】解：根据电荷数守恒、质量守恒守恒，知核反应方程为；氘核的比结合能为E1，氚核的比结合能为E2，氦核的比结合能为E3，根据比结合能等于结合能与核子数的比值，则有：该核反应中释放的核能E=4E32E13E2故答案为：；4E32E13E27. 如右图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角
6、度，若不改变A、B两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度 。（填“增大”、“减小”或“不变”）参考答案：减小8. 如图所示的图象所对应的两个导体（1）电阻之比R1R2为_；（2）若两个导体中的电流相等（不为零）时，电压之比U1U2为_；（3）若两个导体的电压相等（不为零）时，电流之比为_.参考答案：9. 如图所示，q1、q2、q3分别表示在一条直线上的三个点电荷，已知q2为正电荷，q1与q2之间的距离为l1，q2与q3之间的距离为l2，且每个电荷都处于平衡状态.则q1,带_（填正或负）电，q1、q2、q3三者电量大小之比是_.参考答案：负 ，10
7、. 使平行板电容器带电 下列图中的操作，能使静电计指针的偏角变大，说明电容器两板间的电势差U变大参考答案：考点：电容器的动态分析版权所有专题：电容器专题分析：根据电容的决定式，分析电容的变化，再根据电容的定义式，分析板间电压的变化，即可判断静电计指针张角的变化解答：解：减小正对面积，据电容的决定式C=，知电容减小，而电容器的电量不变，由电容的定义式C=，分析可知板间电压增大，所以静电计指针偏角增大故答案为：大，大点评：此题关键掌握电容的决定式C=和电容的定义式C=，结合电容器的电量不变进行分析11. 如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表。安培表A1的量程大于A2的量程，伏
8、特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则: 安培表A1的读数 安培表A2的读数；安培表A1的偏转角 安培表A2的偏转角；伏特表V1的读数 伏特表V2的读数；伏特表V1的偏转角 伏特表V2的偏转角；（填“大于”，“小于”或“等于”）参考答案：（1）、 大于 ; 等于 ; 大于; 等于;12. 将光敏电阻Rt接入如图所示电路，若将Rt用手电筒照，灯泡L将_（填“变亮”或“变暗”）；若用手将Rt遮住，灯泡L 将_（填“变亮”或“变暗”）。参考答案：13. （4分）能够改变物体内能的物理过程有两种： 。 参考答案：做功和热传递 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在
9、“用单摆测定重力加速度”的实验中，为使实验结果较为准确，在下列的部分器材中应选用(用器材的字母代号填写)_。A1m长的细线 B20cm长的细线C大木球 D小铜球E0.1s刻度的秒表 F有分针的时钟G最小刻度是cm的刻度尺 H最小刻度是mm的刻度尺参考答案：15. （2014春?博乐市校级期中）某同学在“利用单摆测重力加速度”的实验中，先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.00cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间，如图所示，则（1）该摆摆长为 cm，秒表所示读数为 s（2）如果他测得的g值偏小，可能的原因是 A测摆线长时测了悬线的总长度B摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，
10、使摆线长度增加了，使周期变大了C开始计时时，秒表过迟按下D实验中误将49次全振动数次数记为50次参考答案：（1）98.50，99.8；（2）AB用单摆测定重力加速度解：（1）单摆的摆长L=l线+=97.50cm+cm=98.50cm；小表盘表针超过了半刻线，故：t=60s+39.8s=99.8s（2）由单摆的周期公式T=2，得重力加速度的公式为g=A、测摆线的总长度L，不记球的半径，则所测摆长L偏小，故算得加速度偏小，故A正确；B、摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了，振动周期变大，而测得的摆长偏小，则测得重力加速度偏小故B正确；C、开始计时，秒表过迟按下，测得单摆的周期
11、偏小，则测得的重力加速度偏大故C错误D、实验中误将49次全振动数为50次测得周期偏小，则测得的重力加速度偏大故D错误故答案为：（1）98.50，99.8；（2）AB四、计算题：本题共3小题，共计47分16. (8分)一个静止在水平面上的物体，质量为2.0kg，从t=0时刻开始，给它一个沿水平方向、大小为4.0 N的拉力已知物体与地面间的动摩擦因数为0.10求： (1)物体运动的加速度的大小；(2)最初的4 s内拉力所做的功；(3)第4 s末物体的动能和即时功率。参考答案：解析：(1)由牛顿第二定律，得；(2分)解得： (1分)(2)由位移公式： (1分)根据功的公式： (1分)(3)根据速度的
12、公式： (1分)根据动能公式： (1分)根据功率公式： (1分)17. （6分）两束平行的细激光束，垂直于半圆柱玻璃的平面射到半圆柱玻璃上，如图所示。已知其中一条光线沿直线穿过玻璃，它的入射点是O；另一条光线的入射点为A，穿过玻璃后两条光线交于P点。已知玻璃截面的圆半径为R，圆心为O，OA=，OP=R。求玻璃的折射率。参考答案：解析：光线AB沿直线进入玻璃，在半圆面上的入射点为B，入射角设为1，折射角设为2，则 1=30因OP=R，对于三角形OBP利用余弦定理得BP=R，三角形OBP是个等腰三角形根据几何关系可得：折射角2=60由折射定律得玻璃的折射率为n=1.73 18. 右图为“电流天平”示意图，它可用于测定磁感应强度B。在天平的右端挂有一矩形线圈， 设其匝数为5匝，底边cd长20cm，放在待测匀强磁场中，使线圈平面与磁场垂直。设磁场方向垂直于纸面向里，当线圈中通入如图方向的电流I=100mA时，两盘均不放砝码，天平平衡。若保持电流大小不变，使电流方向反向，则要在天平左盘加质量m=8.2g砝码，天平才能平衡。则磁感应强度B的大小为多少（g取10m/s2）？参考答案：0.41T
