《2020-2021学年福建省宁德市周宁县第五中学高三物理联考试题含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020-2021学年福建省宁德市周宁县第五中学高三物理联考试题含解析（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020-2021学年福建省宁德市周宁县第五中学高三物理联考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （多选）如图8是位于x轴上某点的电荷在直线PQ右侧的电势随x变化的图线，a、b是x轴上的两点，过P点垂直于x轴的直线PQ和x轴是该曲线的渐近线，则以下说法正确的是A可以判断出OP间的各点电势均为零B负检验电荷在a点的电势能小于在b点的电势能C可以判断出P点左侧与右侧的电场方向均为x轴正方向D正检验电荷从a点移到b点，电场力一直做正功参考答案：BD。由图可知：不能判断出OP间的各点电势均为零（它是大于零），错；当负电荷从由图可知道是从电势高到低，
2、电场力作负功，电势能增大，即a点的电势能小于在b点的电势能，正确；因不知电荷放在轴上的何位置，所以不能判定出P点左侧与右侧的电场方向均为x轴正方向，错；因点电势高于点的电势，所以正检验电荷从a点移到b点，电场力一直做正功，正确；故选择答案。2. （1）做以下四个实验时，要用打点计时器的实验是（ ）A验证牛顿第二定律 B探究弹力与弹簧伸长的关系C验证力的平行四边形定则 D研究匀变速直线运动 （2）在研究匀变速直线运动的实验中，图为一次实验得到的一条纸带，纸带上每相邻的两计数点间时间间隔均为t，测得位移SAC=L1，SBD=L2，则物体的加速度为_ _参考答案：（1）AD （2） 3. 下列说法正
3、确的是（ BC ）A玻尔原子理论不仅能成功地解释氢原子光谱，而且也能成功解释其它原子的光谱B衰变为要经过6次衰变和4次衰变C在、这三种射线中，射线的穿透能力最强D核力是核子间的相互作用力，它是短程强作用力，表现为引力参考答案：BC4. （单选）如图所示，滑块A受到沿斜向上方的拉力F作用，沿水平面向右做匀速直线运动，则滑块受到的拉力与摩擦力的合力方向是（）A向上偏右B向上偏左C竖直向上D无法确定参考答案：解：物体受四个力：拉力F，右斜上方；支持力N，竖直向上；重力G，竖直向下；摩擦力f，水平向左 物体做匀速直线运动，所以，四力平衡重力G与支持力的合力方向竖直向下，由三力平衡，任意两力之和与第三力
4、大小相等，方向相反，可知拉力F、摩擦力f的合力方向竖直向上选项ABD是错误的，选项C是正确的故选C5. 如图所示，一个球绕中心线OO以角速度转动，则 AA、B两点的角速度相等 BA、B两点的线速度相等C若 =30，则vA: vB =: 2 D以上答案都不对参考答案：AC二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在一斜面顶端，将甲乙两个小球分别以v和的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时速率的A. 2倍 B. 4倍 C. 6倍 D. 8倍参考答案：A试题分析 本题考查平抛运动规律、机械能守恒定律及其相关的知识点。解析 设甲球落至斜面时的速
5、率为v1，乙落至斜面时的速率为v2，由平抛运动规律，x=vt，y=gt2，设斜面倾角为，由几何关系，tan=y/x，小球由抛出到落至斜面，由机械能守恒定律， mv2+mgy=mv12，联立解得：v1=v，即落至斜面时的速率与抛出时的速率成正比。同理可得，v2=v/2，所以甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时的速率的2倍，选项A正确。点睛 此题将平抛运动、斜面模型、机械能守恒定律有机融合，综合性强。对于小球在斜面上的平抛运动，一般利用平抛运动规律和几何关系列方程解答。7. 如图所示，位于竖直平面内的固定半径为R的光滑圆环轨道，圆环轨道与水平面相切于M点，与竖直墙相切于A点，竖直墙上另一点B与M的
6、连线和水平面的夹角为600，C是圆环轨道的圆心，D是圆环上与M靠得很近的一点（DM远小于CM）已知在同一时刻：a、b两球分别由A、B两点从静止开始沿光滑倾斜直轨道运动到M点；c球由C点自由下落到M点；d球从D点静止出发沿圆环运动到M点则a、b、c、d四个小球最先到达M点的球是_球。重力加速度取为g，d球到达M点的时间为_。参考答案：c球；tD= 。 15.某行星和地球绕太阳公转的轨道均可视为圆。每过N年，该行星会运行到日地连线的延长线上，如图所示。该行星与地球的公转半径之比为 _ 。参考答案：()9. 一物体在光滑水平面上的A点以一定初速度开始运动，同时受到一个与初速度方向相反的恒力作用，经时
7、间t0力的大小不变，方向相反，使物体回到A点时速度恰为零。则这一过程所需时间为 。参考答案： 答案：10. 某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h30.0 cm且开口向下的小筒中(没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触)，如图甲所示，若本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出Fl图象如图乙所示，则弹簧的劲度系数为k_ N/m，弹簧的原长l0_.参考答案：11. 如图所示，在河岸上利用定滑轮拉绳使小船靠岸，拉绳速度为v，当船头绳长方向与水
8、平方向夹角为时，船的速度为 。 参考答案：12. 某同学利用双缝干涉实验装置测定某一光的波长，已知双缝间距为d，双缝到屏的距离为L，将测量头的分划板中心刻线与某一亮条纹的中心对齐，并将该条纹记为第一亮条纹，其示数如图7所示，此时的示数x1= mm。然后转动测量头，使分划板中心刻线与第n亮条纹的中心对齐，测出第n亮条纹示数为x2。由以上数据可求得该光的波长表达式= （用给出的字母符号表示）。 参考答案：0.776mm，13. 一列沿着x轴传播的横波，在t=0时刻的波形如图甲所示，图甲中N质点的振动图象如图乙所示。则此波沿x轴 方向传播（填“正向”或“负向”），波速为 m/s。在4s内，K质点的路
9、程是 m。参考答案：三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“测电池的电动势和内阻”的实验中，测量对象为一节新的干电池（1）用图（a）所示电路测量时，在较大范围内调节滑动变阻器，发现电压表读数变化不明显，原因是：电源内阻很小（2）为了提高实验精度，采用图乙所示电路，提供的器材：量程3V的电压表V，量程0.6A的电流表A（具有一定内阻），定值电阻R0（阻值未知，约几欧姆），滑动变阻：R1（010）滑动变阻器R2（0200），单刀单掷开关S1、单刀双掷开关S，导线若干电路中，加接电阻凰有两方面的作用，一是方便实验操作和数据测量，二是防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧
10、坏为方便实验调节且能较准确地进行测量，滑动变阻器应选用R1（填R1或R2）开始实验之前，S1、S2都处于断开状态现在开始实验：A闭合S1，S2打向1，测得电压表的读数U0，电流表的读数为I0，则=R0+RA（电流表内阻用RA表示）B闭合S1，S2打向2，改变滑动变阻器的阻值，当电流表读数为I1时，电压表读数为U1；当电流表读数为I2时，电压表读数为U2则新电池电动势的表达式为E=，内阻的表达式r=参考答案：解：作出电源的UI图象，根据闭合电路欧姆定律分析可知，图象的斜率等于电源的内阻，如图，图线1的斜率小于图线2的斜率，则对应的电源的内阻图线1的较小，由图可以看出，图线1电压随电流变化较慢本实
11、验中发现电压表读数变化不明显，原因是：电源内阻很小加接电阻R0，起保护作用，限制电流，防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏滑动变阻器应选用R1因为R1的总电阻较小，使电路中电流较大，电流表指针能在刻度盘中央附近，测量误差较小根据欧姆定律可知，可以测出的物理量是定值电阻R0和电流表内阻之和，用测量写出表达式为：B、根据闭合电路欧姆定律得E=U1+I1（R0+RA+r）E=U2+I2（R0+RA+r）联立解得：r=（R0+RA）=故答案为：、电源内阻很小；、防止变阻器电阻过小时，电池被短路或电流表被烧坏；R1，A、R0+RAB、，15. 用打点计时器研究物体的自由落体运动，得到如图所示一
12、段纸带.测得，.已知交流电频率是，则打点时物体的瞬时速度为_m/s.如果实验测出的重力加速度值比公认值偏小，可能的原因是_ks5 高#考#资#源#网参考答案：2.10 没有考虑物体下落过程中所受是阻力.四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，一竖直放置的、长为L的细管下端封闭，上端与大气（视为理想气体）相通，初始时管内气体温度为。现用一段水银柱从管口开始注入管内将气柱封闭，该过程中气体温度保持不变且没有气体漏出，平衡后管内上下两部分气柱长度比为l3。若将管内下部气体温度降至，在保持温度不变的条件下将管倒置，平衡后水银柱下端与管下端刚好平齐（没有水银漏出）。已知，大气压强为，重力加
13、速度为g。求水银柱的长度h和水银的密度。参考答案： 设管内截面面积为S，初始时气体压强为，体积为 注入水银后下部气体压强为 体积为 由玻意耳定律有： 将管倒置后，管内气体压强为 体积为 由理想气体状态方程有： 解得 ， 17. 如图，在区域I中有方向水平向右的匀强电场，在区域II中有方向竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为 B=0.5T；两区域中的电场强度大小相等，E=2V/m；两区域足够大，分界线竖直。一可视为质点的带电小球用绝缘细线拴住静止在区域I中的A点时，细线与竖直方向的夹角为45。现剪断细线，小球开始运动，经过时间t1=1s从分界线的C点进入区域II，在其中运动一
14、段时间后，从D点第二次经过 B分界线，再运动一段时间后，从H点第三次经过分界线，图中除A点外，其余各点均未画出，g=10m/s2，求：(1)小球到达C点时的速度v； (2)小球在区域II中运动的时间t2；(3)C、H之间距离d。参考答案：（1）（2）（3）试题分析：（1）对小球静止时受力分析，求出重力与电场力的合力，剪断细线后，小球在重力与电场力的作用下，沿合力方向做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律求出加速度，由速度公式求出到达C点的速度；（2）由第一问分析得出电场力与重力大小相等，故小球进入区域中做匀速圆运动，由洛伦兹力提供向心力，求出周期和圆心解，即可求出在区域运动的时间；（3）小球从D点再次进入区域时做类平抛运动，结合几何知识即可求解C、H之间的距离d.（1）小球处于静止状态时，受力分析如图所示：由图可知小球带正电，设电场与重力的合力为F，则有：剪断细线后，小球所受电场力与重力不变，小球将做初速度为零的匀加速直线运动由牛顿第二定律得：F=ma解得：则小球达到C点的速
