《2020年四川省乐山市犍为县清溪中学高二物理月考试卷含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020年四川省乐山市犍为县清溪中学高二物理月考试卷含解析（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2020年四川省乐山市犍为县清溪中学高二物理月考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定( ) A. 粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度B. 粒子在A点的动能小于它在B点的动能C. 粒子在A点的电势能小于它在B点的电势能D. A点的电势低于B点的电势参考答案：B2. (单选) 如图，平行板电容器的两个极板分别为A和B，A接地，B板带有电荷量Q，板间电场中有一固定点P，若将B板固定，A板下移一些，或将A板固定，B板上移一些，在这两种情况下，以下
2、说法正确的是( )A. A板下移时，平行板电容器的电容将增大B. B板上移时，平行板电容器的电容将增大C. A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D. B板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低参考答案：A3. 关于电磁打点计时器和电火花计时器，以下说法错误的是 （ ） A当电源频率为50Hz时，振针每隔时间0.02s打一个点B电磁打点计时器可使用4至6V交流电 C电磁打点计时器可使用4至6V直流电 D电火花计时器使用220V高压交流电参考答案：C4. （单选）有一等腰直角三角形形状的导线框abc，在外力作用下匀速地经过一个宽为d的有限范围的匀强磁场区域，线圈中产生的感应电流i与沿运动
3、方向的位移x之间的函数图象是如下图中的（ ）参考答案：B5. .如图，电灯的灯丝电阻为2，电池电动势为2V，内阻不计，线圈的自感系数很大。先合上电键K，稳定后突然断开K，则下列说法中正确的是（ ）A若线圈电阻为零，电灯立即变暗再熄灭B若线圈电阻为零，电灯会突然亮一下再熄灭C若线圈电阻为4，电灯会闪亮一下再熄灭，且电灯中电流方向与K断开前方向相反D若线圈电阻为4，电灯会立即变暗再熄灭，且电灯中电流方向与K断开前方向相同参考答案：B二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示,（A）、（B）两幅图是由单色光分别入射到两圆孔形成的图像,由图判断（A）是光的_（选填“干涉”或“衍射
4、”）图像图（A）所对应的圆孔径_（选填“大于”或“小于”）图（B）所对应的圆孔孔径。参考答案：答案:衍射,小于7. 现有一个E=1.5V的电池和一个满偏电流为1mA、内电阻为100的电流表，及导线若干，要想把它改装成一个欧姆表。（1）则还需要的器材有 、 。（2）画出改装原理图；（3）用改装后的电表去测量一个待测电阻，若表针指在0.6mA处，则该待测电阻的阻值为 。参考答案：8. 一根长0.2m的通电直导线放在一匀强磁场中，导线与磁场垂直，导线中的电流为0.5A，测得它受到的磁场力为410-2N，那么磁场的磁感应强度为_T；若将导线中的电流减小到0.05A，那么该磁场的磁感应强度为_T。参考答
5、案：.0.4 0.49. 在如图所示的实验装置中，已知灵敏电流计的电流从“”接线柱流入时指针从刻度盘正中间向右偏，从“”接线柱流入时指针向左偏。（螺线管A线圈上端与左侧接线柱相连，线圈下端与右侧接线柱相连）(1)合上S将线圈A插入B的过程中，电流表指针向_偏。(2)合上S将线圈A插入B后，将变阻器触头向左移动时，电流表指针向_偏。参考答案：(1)右(2)右 10. 如图所示，桌面上放一单匝线圈，线圈中心上方一定高度处有一竖立的条形磁体。当磁体竖直向下运动时，穿过线圈的磁通量将 （选填“变大”或“变小”）。在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.2Wb，经历的时间为0.5s，则线圈中的感应电动势
6、为 V。参考答案：11. 一个带电小球，带有5.010-9C的负电荷当把它放在电场中某点时，受到方向竖直向下、大小为2.010-8N的电场力，则该处的场强大小为 ，方向 如果在该处放上一个电量为3.210-12C带正电的小球，所受到的电场力大小为 ，方向 参考答案：4N/C，竖直向上1.2810-11N，竖直向上解：场强大小为 ，方向与负电荷所受的电场力方向相反，即竖直向上如果在该处放上一个电量为3.210-12C带正电的小球，所受到的电场力大小为F=qE=3.210-12C4N/C=1.2810-11N，方向竖直向上故答案为：4N/C，竖直向上1.2810-11N，竖直向上12. 某同学用图
7、所示的自制楞次定律演示器定性验证法拉第电磁感应定律。该同学将条形磁铁的任一极缓慢插入圆环_(填“a”或“b”)，圆环向后退，从上往下看，系统作_(填“顺”或“逆”)时针转动。对能使系统转动的圆环，该同学发现：磁铁插入越快，系统转动状态变化越快，说明圆环受到的磁场力越大，产生的感应电流越_ _(填 “大” 或“小” )，感应电动势也越_ _(填“大”或“小”)。而磁铁插入越快，圆环内磁通量变化越_ _(填“快”或“慢”)。故感应电动势与磁通量变化的快慢成_ _比(填“正”或“反”)。参考答案：13. （4分）如图所示，边长为a的正三角形两个顶点各固定一等量异种点电荷，电荷量为Q，则另一顶点P处场
8、强大小为 ，方向为 。参考答案：、 水平向右 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 为了测量一节干电池的电动势和内电阻，实验室准备了下列器材供选用：A待测干电池一节B直流电流表（量程0 0.6 3 A，0.6 A档内阻约为0.1，3 A档内阻约为0.02）C直流电压表（量程0 3 15 V，3 V内阻约为5 k，15 V档内阻约为25 k）D滑动变阻器（阻值范围为0 15）E滑动变阻器（阻值范围为0 1000）F开关，导线若干（1）为了尽可能减少误差，其中滑动变阻器选 （填代号）（2）请在图（甲）中进行实物连线。ks5u（3）根据实验记录，画出的UI图线如图（乙）所示，从
9、中可求出待测干电池的电动势为 V，内电阻为 参考答案：（1）滑动变阻器应选D，（2分）（2）实物连线如图（4分）（3）1.35 V；0.515. 用某种单色光做双缝干涉实验时，已知双缝间距离d0.25 mm，双缝到毛玻璃屏间距离L的大小由图129中毫米刻度尺读出(如图戊所示)，实验时先移动测量头(如图甲所示)上的手轮，把分划线对准靠近最左边的一条明条纹(如图乙所示)，并记下螺旋测微器的读数x1(如图丙所示)，然后转动手轮，把分划线向右边移动，直到对准第7条明条纹并记下螺旋测微器读数x7(如图丁所示)，由以上测量数据可求该单色光的波长。图示中双缝的位置L1，毛玻璃屏的位置L2均以mm作为单位，螺
10、旋测微器的读数x1_mm，螺旋测微器读数x7_mm.请用以上测量量的符号表示该单色光波长的表达式_参考答案：0.30014.700四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 粗细均匀的直导线ab的两端悬挂在两根相同的弹簧下边，ab恰好处在水平位置(如图所示)已知ab的质量为m10 g，长度L60 cm，沿水平方向与ab垂直的匀强磁场的磁感应强度B0.4 T.(1)要使两根弹簧能处在自然状态，既不被拉长，也不被压缩， ab中应沿什么方向、通过多大的电流？(2)当导线中有方向从a到b、大小为0.2 A的电流通过时，两根弹簧均被拉长了x1 mm，求该弹簧的劲度系数(3)当导线中由b到a方向通过0.2
11、 A的电流时，两根弹簧被拉长多少？(取g9.6 m/s29.6 N/kg)参考答案：(1)电流0.4a(2)劲度系数24k/m(3)拉长3mm17. 在图甲中，直角坐标系0xy的、象限内有匀强磁场，第象限内的磁感应强度大小为2B，第象限内的磁感应强度大小为B，磁感应强度的方向均垂直于纸面向里.现将半径为L，圆心角为900的扇形导线框OPQ以角速度绕O点在纸面内沿逆时针匀速转动，导线框回路电阻为R.(1)求导线框中感应电流最大值.(2)在图乙中画出导线框匀速转动一周的时间内感应电流I随时间t变化的图象.(规定与图甲中线框的位置相对应的时刻为t=0，电流逆时针方向为正方向)(3)求线框匀速转动一周
12、产生的热量.参考答案：（1）感应电流的最大值为；（2）It图象为：（3）产生的热量为：【详解】(1)线框从图甲位置开始(t=0)转过900的过程中，产生的感应电动势为 由闭合电路欧姆定律得，回路电流为： 联立以上各式解得: 同理可求得线框进出第3象限的过程中，回路电流为: 故感应电流最大值为: (2)It图象:(3)线框转一周产生的热量 又 。18. 如图所示为某种弹射小球的游戏装置，水平面上固定一轻质弹簧及长度可调节的竖直管AB细管下端接有一小段长度不计的圆滑弯管，上端B与四分之一圆弧弯管BC相接每次弹射前，推动小球将弹簧压缩到同一位置后锁定解除锁定，小球立即被弹簧弹出，水平射进细管A端，再
13、沿管ABC从C端水平射出已知弯管BC的半径R=0.40m，小球的质量为m=0.1kg，当调节竖直细管AB的长度L至L0=0.80m时，发现小球恰好能过管口C端不计小球运动过程中的机械能损失，g=10m/s2（1）求每次弹射时弹簧对小球所做的功W；（2）若L可调节，L取多大时，小球落至水平面的位置离直管AB水平距离最远？（3）若其他条件不变只把小球质量变为m，求小球到达C时管壁对其作用力F的大小和方向参考答案：解：（1）小球恰好能到达管口C时，vC=0研究小球从静止开始运动到C点的过程，只有重力和弹簧对小球做功，根据动能定理有：W弹mg（L0+R）=0所以弹簧对小球做的功为：W弹=mg（L0+R
14、）=0.110（0.8+0.4）J=1.2J；（2）当AB段长度为任意值L时，根据动能定理有：W弹mg（L+R）=mv20可得：v=，小球离开C点做平抛运动的时间为：t=，水平射程为：x=vCt=2，显然，当L0L=L+R时，平抛射程有最大值，对应的竖直细管AB的长度为：L=m=0.2m，此时小球落至水平面的位置离直管AB的距离为最大，为：xm=2=2=1.2m；（3）由动能定理得：Wmg（L0+R）=（m）v20，在C点，由牛顿第二定律得：FN+mg=m，解得：FN=2.5N，方向：竖直向下；答：（1）每次弹射时弹簧对小球所做的功W为1.2J；（2）若L可调节，L取0.2m时，小球落至水平面的位置离直管AB水平距离最远，最大值为1.2m；（3）若其他条件不变只把小球质量变为m，小球到达C时管壁对其作用力F的大小为2.5N，方向：竖直向下【考点】动能定理的应用；向心力【分析】（1）小球恰好能过管口C端，可知小球在C点的临界速度为0，根据动能定理求得小球弹射时弹簧对小球做的功；（2）小球离开C
