《江苏省扬州、泰州、淮安、南通、徐州、宿迁、连云港市2018届高三第三次调研测试物理试题 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省扬州、泰州、淮安、南通、徐州、宿迁、连云港市2018届高三第三次调研测试物理试题 含解析（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2018届高三年级第三次模拟考试物理一、 单项选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 春秋末年齐国人的著作考工记中有“马力既竭，辀犹能一取焉”，意思是马对车不施加拉力了，车还能继续向前运动这是关于惯性的最早记述下列关于惯性的说法中正确的是()A. 车只在运动时才具有惯性 B. 撤去拉力后车的惯性大小不变C. 拉力可以改变车的惯性 D. 车运动越快惯性越大【答案】B【解析】惯性指物体保持原来运动状态不变的性质，惯性是物体本身固有的属性，任何物体任何状态下都有惯性；质量是物体惯性大小的唯一的量度，故B正确，ACD错误。2. 如图所示，带有孔的小球A套在粗糙的倾斜
2、直杆上，与正下方的小球B通过轻绳连接，处于静止状态给小球B施加水平力F使其缓慢上升，直到小球A刚要滑动在此过程中()A. 水平力F的大小不变B. 杆对小球A的支持力不变C. 轻绳对小球B的拉力先变大后变小D. 杆对小球A的摩擦力先变小后变大【答案】D【解析】对球受拉力F、重力和细线的拉力T，合力为零如图所示：由此可知，随着的增加，拉力F和细线张力T均增加，故A错误，C错误；再对A、B球整体分析，受重力、拉力F、支持力N和静摩擦力f，如图所示：设杆与水平方向的夹角为，根据平衡条件，在垂直杆方向有 ，随着F的增加，支持力N增加；在平行杆方向，有：，可得：，可知随着F的增加，静摩擦力逐渐减小，当时，
3、摩擦力为零，此后静摩擦力反向增加；故B错误，D正确。所以D正确，ABC错误。3. 磁流体发电机原理如图所示，等离子体高速喷射到加有强磁场的管道内，正、负离子在洛伦兹力作用下分别向A、B两金属板偏转，形成直流电源对外供电则()A. 仅减小两板间的距离，发电机的电动势将增大B. 仅增强磁感应强度，发电机的电动势将减小C. 仅增加负载的阻值，发电机的输出功率将增大D. 仅增大磁流体的喷射速度，发电机的总功率将增大【答案】D【解析】电荷处于平衡有：，解得：E电=Bdv，由此可知仅减小两板间的距离，发电机的电动势将减小，仅增强磁感应强度，发电机的电动势将增大，故AB错误；根据欧姆定律定律和功率公式可知，
4、当外阻和内阻相等时，输出功率最大，所以增加负载的阻值，发电机的输出功率不一定增大，故C错误；由E电=Bdv，可知仅增大磁流体的喷射速度，电动势将增大，因为总电阻不变，所以输出功率将增大，故D正确。所以D正确，ABC错误。4. 如图所示，不可伸长的细线一端固定，另一端系一小球，小球从与悬点等高处由静止释放后做圆周运动，不计空气阻力，则小球从释放位置运动到最低点的过程中()A. 水平方向加速度不断增大B. 竖直方向加速度不断增大C. 重力做功的瞬时功率先增大后减小D. 拉力做功的瞬时功率先增大后减小【答案】C【解析】小球在最高点合力方向竖直向下，在最低点合力方向竖直向上，但在中间过程某点拉力却有水
5、平方向的分量，所以小球水平方向的加速度必定先增大后减小，故A错误；小球在开始释放的瞬间的加速度为g且向下，接下来线在竖直方向有向上的分量，所以小球所受的合外力减小，则加速度开始变小，故B错误；重力的瞬时功率为：P=mgvy，小球在开始释放的瞬间速度为零，此时重力的瞬时功率为零，到达最低点时，速度水平向左，竖直分速度为零，所以此时重力的瞬时功率为零，在中间过程竖直分速度不为零，重力的瞬时功率也不为零，所以重力的瞬时功率先增大后减小，故C正确；拉力的方向始终与速度方向垂直，所以拉力瞬时功率为始终零，故D错误。所以C正确，ABD错误。5. 如图所示，水平虚线MN上方有匀强磁场，磁场方向垂直于纸面向里
6、大量带正电的相同粒子，以相同的速率沿位于纸面内水平向右到竖直向上90范围内的各个方向，由小孔O射入磁场区域，做半径为R的圆周运动不计粒子重力和粒子间相互作用下列图中阴影部分表示带电粒子可能经过的区域，其中正确的是()A. B. C. D. 【答案】B【解析】由小孔O射入磁场区域，做半径为R的圆周运动，因为粒子带正电，根据左手定则可知粒子将向左偏转，故C错误；因为粒子以相同的速率沿位于纸面内水平向右到竖直向上90范围内的各个方向发射，由O点射入水平向右的粒子恰好应为最右端边界且ON=R；在竖直方向上有最远点为2R，由O点竖直向上射入的粒子，打在最左端且距离为OM=2R，但是左侧因为没有粒子射入，
7、所以中间会出现一块空白区域，故B正确，AD错误。所以B正确，ACD错误。二、 多项选择题：本题共4小题，每小题4分，共计16分，每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分6. 某卫星绕地球做圆周运动周期等于地球自转周期，其轨道平面与赤道平面成55角，则该卫星()A. 离地面高度与地球同步卫星相同 B. 在轨运行速度等于第一宇宙速度C. 加速度大于近地卫星的加速度 D. 每天两次经过赤道上同一点的正上方【答案】AD【解析】根据万有引力提供向心力：，解得：，因为卫星绕地球做圆周运动周期等于地球自转周期，所以离地面高度与地球同步卫星相同，故A正确；由于第一宇宙速
8、度为7.9km/s，它是所有地球卫星运行的最大速率，且只有贴近地球表面做匀速圆周运动的卫星速率为7.9km/s，因此所有地球同步卫星的运行速率都小于此值，故B错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，因为该卫星的轨道半径大于近地卫星的轨道半径，所以加速度小于近地卫星的加速度，故C错误；该卫星周期为24小时，倾角（即轨道平面与地球赤道平面的夹角）为55度的圆轨道；而地球的自转周期24小时，且绕地轴自西向东逆时针方向转动，两者做圆周运动不再同一平面内。所以该卫星每天两次经过地球上同一点的上空，故D正确。所以AD正确，BC错误。7. 健身车上装有金属电磁阻尼飞轮，飞轮附近固定一电磁铁，示意图如图所示，
9、人在健身时带动飞轮转动则()A. 飞轮转速越大，阻尼越大B. 电磁铁所接电压越大，阻尼越大C. 飞轮材料电阻率越大，阻尼越大D. 飞轮材料密度越大，阻尼越大【答案】AB8. 某区域的电场线分布如图所示，一电场线上有P、Q两点，一电子以速度v0从P点向Q点运动，经过时间t1到达Q点时速度大小为v1.一正电子(带正电，质量、电荷量均与电子相同)以大小为v0的速度从Q点向P点运动，经过时间t2到达P点时速度大小为v2，不计正、负电子受到的重力则()A. v1t2 D. t1t2【答案】BC【解析】一电子以速度v0从P点向Q点运动，电场力做负功，根据动能定理：，一正电子以大小为v0的速度从Q点向P点运
10、动，根据动能定理：，因为，联立以上可知：v1v2，故B正确；因为电子从P点向Q点做加速减小的减速运动，正电子从Q点向P点做加速度增大的减速运动，根据运动学知识可得相等的时间内正电子运动的位移大，所以t1t2，故C正确，D错误。所以BC正确，AD错误。9. 如图所示，斜面体静置在水平面上，斜面底端固定一挡板，轻弹簧一端连接在挡板上，弹簧原长时自由端在B点一小物块紧靠弹簧放置，在外力作用下将弹簧压缩至A点物块由静止释放后，恰能沿粗糙斜面上滑至最高点C，然后下滑，最终停在斜面上，斜面体始终保持静止则()A. 物块最终会停在A、B之间的某位置B. 物块上滑过程速度最大的位置与下滑过程速度最大的位置相同
11、C. 整个运动过程中产生的内能小于弹簧的最大弹性势能D. 物块从A上滑到C过程中，地面对斜面体的摩擦力先减小再增大，然后不变【答案】ACD【解析】根据题意可知物块由静止释放后，恰能沿粗糙斜面上滑至最高点C，然后下滑说明重力沿斜面的分力大于最大静摩擦力，所以物块最终会停在A、B之间的某位置，故A正确；在上滑过程中加速度为零时速度最大，则有：，弹簧的压缩量为：，下滑时：，解得：，由此可知弹簧的形变量不同，所以位置也不同，故B错误；物块静止时弹簧处于压缩态，根据能量守恒可知，整个运动过程中弹簧的最大弹性势能转化为内能和部分弹性势能，故C正确；物块从A上滑到C过程中，物块的加速度先减小后反向增大，然后
12、不变，所以地面对斜面体的摩擦力先减小再增大，然后不变，故D正确。所以ACD正确，B错误。三、 简答题： 10. 用图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律气垫导轨上A处安装了一个光电门，滑块上固定一遮光条，滑块用绕过气垫导轨左端定滑轮的细线与钩码相连，每次滑块都从同一位置由静止释放，释放时遮光条位于气垫导轨上B位置的上方(1) 某同学用游标卡尺测量遮光条的宽度d，如图乙所示，则d_mm.(2) 实验中，接通气源，滑块静止释放后，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间为t，测得滑块质量为M，钩码质量为m，A、B间的距离为L.在实验误差允许范围内，钩码减小的重力势能mgL与_(用直接测量的物理量符号表
13、示)相等，则机械能守恒(3) 下列不必要的一项实验要求是_(请填写选项前对应的字母)A. 滑块必须由静止释放 B. 应使滑块的质量远大于钩码的质量C. 已知当地重力加速度 D. 应使细线与气垫导轨平行(4) 分析实验数据后发现，系统增加的动能明显大于钩码减小的重力势能，原因是_.【答案】 (1). 2.70 (2). (3). B (4). 气垫导轨右端偏高【解析】（1）由图知第14条刻度线与主尺对齐，d=2mm+140.05mm=2.70mm；（2）滑块和钩码的速度为：，增加的动能为：，当减少的重力势能与增加的动能相等时，机械能守恒即：。（3）因为只有一个光电门只能测出末速度，所以要求初速度
14、必须为零，即滑块必须由静止释放，故A必要；因为是验证机械能是否守恒，所以不要求滑块的质量远大于钩码的质量，故B不必要；由上可知在计算公式中含有重力加速度，故C必要；应将气垫导轨调节水平，保持拉线方向与木板平面平行，这样拉力才等于合力，故D必要。所以选B。（4）系统增加的动能明显大于钩码减小的重力势能，原因是气垫导轨右端偏高。11. 氧化膜电阻是用真空镀膜等工艺将金属氧化淀积在绝缘基体表面上形成的薄膜电阻，常用色环来标识阻值，如图甲所示某学习小组为了测量色环不清晰的氧化膜电阻的阻值准备了下列器材：待测氧化膜电阻Rx; B. 电流表A1(量程150A，内阻约40)；C. 电流表A2(量程1mA，内
15、阻约10); D. 电压表V(量程3V，内阻约10k)；E. 滑动变阻器R(阻值020，允许最大电流1A)；F. 直流电源E(输出电压5V，内阻不计); G. 多用电表；H. 开关S、导线若干(1) 用多用电表粗测电阻时，将选择开关旋至100挡，调零后将红、黑表笔与氧化膜电阻的两端相接，发现指针偏转的角度很小，再将选择开关旋至_(选填“1”“10”或“lk”)挡，正确操作后，多用电表示数如图乙所示(2) 用伏安法测量该电阻阻值，电流表应选用_(填写器材代号)请在图丙中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接(3) 正确连接电路，闭合开关，调节滑动变阻器滑片位置，发现电压表指针偏转而电流表指针始终不偏转在不断开电路的情况下，使用多用电表直流电压挡检查电路故障，将多用电表的
