《河南省周口中英文学校2019届高三上学期第一次月考物理试题 含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省周口中英文学校2019届高三上学期第一次月考物理试题 含解析（13页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、周口中英文学校2019届高三第一次摸底考试物理试题一.选择题（每小题4分，共48分。18小题为单选，912小题为多选。）1.图所示，某同学站在体重计上观察超重与失重现象。由稳定的站姿变化到稳定的蹲姿称为“下蹲”过程；由稳定的蹲姿变化到稳定的站姿称为“起立”过程。她稳定站立时，体重计的示数为A0，关于实验现象，下列说法正确的是（ ） A. “下蹲”过程，体重计的示数一直小于A0B. “起立”过程，体重计的示数一直大于A0C. “起立”的过程，先出现超重现象后出现失重现象D. “起立”、“下蹲”过程，都能出现体重计的示数大于A0的现象【答案】CD【解析】【分析】下蹲过程中，人先向下做加速运动，后向
2、下做减速运动；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，根据加速度方向，来判断人处于超重还是失重状态【详解】下蹲过程中，人先向下做加速运动，后向下做减速运动，所以先处于失重状态后处于超重状态；人从下蹲状态站起来的过程中，先向上做加速运动，后向上做减速运动，最后回到静止状态，人先处于超重状态后处于失重状态，所以“起立”、“下蹲”过程，都能出现体重计的示数大于A0的现象，CD正确【点睛】对于超重还是失重的判断，关键取决于加速度的方向：当物体的加速度向上时，处于超重状态；当加速度方向向下时，处于失重状态2.一名宇航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为
3、2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4s内的位移是42 m，则（ ）A. 小球在2 s末的速度是16m/sB. 该星球上的重力加速度为12m/s2C. 小球在第4 s末的的速度是42 m/sD. 小球在4s内的位移是80m【答案】B【解析】【详解】第4s内的位移是42m，有：gt42-gt32=42m，t4=4s，t3=3s，解得：g=12m/s2所以2s末的速度：v2=gt2=24m/s。故A错误，B正确。小球在第4 s末的的速度是v4=gt4=48m/s ，选项C错误；小球在4s内的位移是gt42=96m，选项D错误；故选B.【点睛】此题选择某星球为情景考查匀变速直线运动的规律；解
4、决本题的关键掌握自由落体运动的规律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同.3.如图所示，物体A、B用细绳与弹簧连接后跨过滑轮，A静止在倾角为45的粗糙斜面上，B悬挂着。已知，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由45减小到30，那么下列说法正确的是( )A. 弹簧的弹力变小B. 物体A对斜面的压力将减小C. 物体A受到的静摩擦力将减小D. 弹簧的弹力以及A受到的静摩擦力都不变【答案】C【解析】试题分析：对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到，则知弹簧的弹力不变，故A错误；原来有，后来，可见物体A并未滑动，而且静摩擦变小物体A对斜面的压力为：，减小，N将增大，故C正确BD错误考点：考查了力的
5、动态平衡分析【名师点睛】本题关键是先对物体B受力分析，再对物体A受力分析，判断A的运动状态，然后根据共点力平衡条件列式求解4.如图所示，建筑装修中，工人用质量为m的磨石对斜壁进行打磨，当对磨石加竖直向上大小为F的推力时，磨石恰好沿斜壁向上匀速运动，已知磨石与斜壁之间的动摩擦因数为，则磨石受到的摩擦力是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】磨石受重力、推力、斜壁的弹力及摩擦力而处于平衡状态，由图可知，F一定大于重力；先将重力及向上的推力合力后，将二者的合力向垂直于斜面方向及沿斜面方向分解可得：在沿斜面方向有：摩擦力；在垂直斜面方向上有：，则，故AC正确，BD错误；故选AC。【点睛】对物
6、体进行受力分析，根据共点力的平衡可知可求得磨石受到的摩擦力；同时根据动摩擦力的公式也可求得摩擦力。5.一个质量可忽略不计的长轻质木板置于光滑水平地面上，木板上放质量分别为mA1 kg和mB2 kg的A、B两物块，A、B与木板之间的动摩擦因数都为0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示(重力加速度g取10 m/s2)则下列说法错误的是：()A. 若F1 N，则A、B都相对板静止不动B. 若F1.5 N，则A物块所受摩擦力大小为1.5 NC. 若F4 N，则B物块所受摩擦力大小为2 ND. 若F6 N，则B物块的加速度为1 m/s2【答案】B【解析】A与木板的摩擦力最大为，B与木板的摩擦力最大为
7、，若F=1N，小于A的最大静摩擦力，所以A和木板没有发生相对运动，所以在F的作用下三者一起运动，没有发生相对运动，A正确；当时，小于A的最大静摩擦力，所以A、B的加速度一样，.根据牛顿第二定律可得，即A受到的摩擦力为，B错误；轻质木板的质量为0，就是说木板只相当于一介质，最终受力是通过另一物体作用而形成的就是说B受到的力就是A作用于木板的力，若F2N时，A相对长木板发生滑动，长木板受到向前的摩擦力，相当于一个2N的力拉B运动，而B发生滑动必须克服4N的摩擦力，所以B仍与木板保持静止，所以受到的摩擦力为2N，加速度，CD正确；【点睛】整体法：以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解在许多问题中
8、用整体法比较方便，但整体法不能求解系统的内力隔离法：从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用1、当分析相互作用的两个或两个以上物体整体的受力情况及分析外力对系统的作用时，宜用整体法；而在分析系统内各物体（或一个物体各部分）间的相互作用时常用隔离法2、整体法和隔离法不是独立的，对一些较复杂问题，通常需要多次选取研究对象，交替使用整体法和隔离法6.电梯经过启动、匀
9、速运行和制动三个过程，从低楼层到达高楼层，启动和制动可看作是匀变速直线运动。电梯竖直向上运动过程中速度的变化情况如下表,则前5秒内电梯通过的位移大小为( ) A. 19.25mB. 17.50mC. 18.50mD. 18.75m【答案】D【解析】【详解】由由表格看出3-7s电梯做匀速运动，速度为v=5m/s；0-2内电梯做匀加速运动的加速度为则电梯匀加速运动的总时间为则前2.5s内的位移： 后2.5s做匀速直线运动，位移：x2=vt2=52.5=12.5m前5s内的位移：x=x1+x2=6.25+12.5=18.75m；故选D。7.如图所示，圆环固定在竖直平面内，打有小孔的小球穿过圆环。细绳
10、a的一端固定在圆环的A点，细绳b的一端固定在小球上，两绳的联结点O悬挂着一重物，O点正好处于圆心。现将小球从B点缓慢移到B点，在这一过程中，小球和重物均保持静止。则在此过程中绳的拉力（）A. 一直增大B. 一直减小C. 先增大后减小D. 先减小后增大【答案】A【解析】对联结点O进行受力分析，受三个拉力保持平衡，动态三角形如图所示：可知小球从B点缓慢移到B点过程中，绳a的拉力逐渐变大，故A正确，BCD错误。8.如图所示，两个质量均为m的物体A、B叠放在光滑水平面上，A与B间的动摩擦因数为。现用水平外力F拉物体A，要将A拉离物体B，则F至少大于A. 0.5mgB. mgC. 2mgD. 3mg【答
11、案】C【解析】拉力F作用在A上，B产生的最大加速度为，对A由牛顿第二定律得：，解得：，故选C.9.如图所示，一轻细绳跨过定滑轮连接两个小球A、B，它们都穿在一光滑的竖直杆上，不计细绳与滑轮间的摩擦，当两球平衡时OA绳与水平方向的夹角为45，OB绳与水平方向的夹角为30，若两小球质量分别为mA、mB；杆对A、B的弹力为NA、NB，则( )A. B. C. D. 【答案】BC【解析】【详解】分别对AB两球分析，运用合成法，如图：由几何知识得：Tsin450=mAg；Tsin300=mBg；故mA：mB=sin450：sin300=：1；杆的弹力N=，则： ，故BC正确，AD错误；故选BC。【点睛】
12、本题考查连接体中共点力平衡条件的应用，要注意正确利用隔离法对两个物体的受力分析，关键是抓住同一根绳子上的拉力处处相等，并结合几何关系将两个小球的重力联系起来，即可求得对应的比值，同时注意几何关系以及数学规律的正确应用10.如图所示，质量为m的小球悬挂在小车顶棚上，在运动过程中当小球偏离竖直方向角时，则下列说法正确的是（）A. 小车可能向左减速运动B. 小车可能向右减速运动C. 小车的加速度大小a=gtanD. 悬挂线的拉力大小F=【答案】AC【解析】试题分析：球相对车厢处于静止状态，车厢与球的加速度相同，根据牛顿第二定律得，F=mgtan=ma，解得小球的加速度a=gtan，方向向右，则小车的
13、加速度大小为gtan，方向向右，小车向右做匀加速直线运动或向左做匀减速直线运动，故AC正确，B错误由几何关系可知，悬线的拉力，故D错误故选AC考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题为牛顿第二定律中的连接体问题；解决本题的关键知道小球和小车具有相同的加速度，隔离对小球分析，运用牛顿第二定律进行求解。11.如图所示，质量为3kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面质量为2kg的物体B用细线悬挂A、B间相互接触但无压力。取g=10m/s2。某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间A. 弹簧弹力大小为20NB. B对A的压力大小为12NC. A的加速度为零D. B的加速度大小为4m/s2【答案】BD【解析】A、剪
14、断细线前，A和B间无压力，则弹簧的弹力F=mAg=30N，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不会突变，则弹力还是30N，A项错误。C、D、剪断细线的瞬间两物体即将一起加速向下运动，对整体分析整体加速度，则C项错误，D项正确。B、隔离对B分析，mBg-N=mBa，解得N=mBg-mBa=20-24N=12N，故B正确故选BD【点睛】细线剪断瞬间，先考虑AB整体，根据牛顿第二定律求解瞬时加速度；再考虑B，根据牛顿第二定律列式求解弹力；最后根据牛顿第三定律列式求解B对A的压力12.如图甲所示，轻弹簧竖直固定在水平面上，一质量为m0.2 kg的小球，从弹簧上端某高度处自由下落，从它接触弹簧到弹簧压缩至最短的过
15、程中(弹簧始终在弹性限度内)，其速度v和弹簧压缩量x之间的函数图象如图乙所示，其中A为曲线的最高点，小球和弹簧接触瞬间机械能损失不计，取g10 m/s2，则下列说法正确的是( )A. 小球刚接触弹簧时速度最大B. 当x0.3 m时，小球处于超重状态C. 该弹簧的劲度系数为20.0 N/mD. 从接触弹簧到压缩至最短的过程中，小球的加速度先减小后增大【答案】BCD【解析】【详解】由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当x为0.1 m时，小球的速度最大，然后减小，说明当x为0.1 m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力所以可得：kxmg，解得： kN/m20.0 N/m，选项A错误；C正确；弹簧的压缩量为x0.3 m时，弹簧弹力为 F20 N/m0.3 m6 Nmg，故此时物体的加速度向上，物体处于超重状态，选项B正确；对小球进行受力分析可知，其合力是由mg逐渐减小至零，然后再反向增加的，故小球的加速度先减小后增
