《2020版高考物理一轮复习 课后限时集训8 牛顿第二定律 两类动力学问题（含解析）新人教版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2020版高考物理一轮复习 课后限时集训8 牛顿第二定律 两类动力学问题（含解析）新人教版（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、课后限时集训(八) 牛顿第二定律 两类动力学问题(建议用时：40分钟)基础对点练题组一：牛顿第二定律的理解1.(2019武汉模拟)如图所示，老鹰沿虚线MN斜向下减速俯冲的过程中，空气对老鹰的作用力可能是图中的()AF1BF2CF3 DF4B老鹰沿虚线由M到N做减速运动，合外力与初速度的方向相反，由受力分析可知，空气的阻力与重力的合力方向与MN反向，因此空气对老鹰的作用力可能是题图中的F2，B正确。2一质量为m的物体，放在粗糙水平面上，受水平推力F的作用产生加速度a，物体所受摩擦力为f，当水平推力变为2F时()A物体的加速度小于2aB物体的加速度大于2aC物体的加速度等于2aD物体所受的摩擦力变
2、为2fB根据牛顿第二定律可知，物体在水平推力F的作用下，产生的加速度为ag。当水平推力变为2F时，物体的加速度ag。比较两式可以看出a2a。3.如图所示，质量为m的球置于斜面上，被一个竖直挡板挡住。现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法正确的是()A若加速度足够小，竖直挡板对球的弹力可能为零B若加速度足够大，斜面对球的弹力可能为零C斜面和挡板对球的弹力的合力等于maD斜面对球的弹力不仅有，而且是一个定值D小球受到重力mg、斜面的支持力FN2、竖直挡板的水平弹力FN1，设斜面的倾斜角为，则竖直方向有FN2cos mg，因为mg和不变，所以无论加速
3、度如何变化，FN2不变且不可能为零，选项B错误，D正确；水平方向有FN1FN2sin ma，因为FN2sin 0，所以即使加速度足够小，竖直挡板的水平弹力也不可能为零，选项A错误；斜面和挡板对球的弹力的合力即为竖直方向的分力FN2cos 与水平方向的合力ma的合成，因此大于ma，选项C错误。题组二：牛顿第二定律的瞬时性4.(2019清江模拟)如图所示，在动摩擦因数0.2的水平面上有一个质量m1 kg的小球，小球与水平轻弹簧及与竖直方向成45角的不可伸长的轻绳一端相连，此时小球处于静止状态，且水平面对小球的弹力恰好为零。在剪断轻绳的瞬间(g取10 m/s2)，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，下列说法
4、正确的是()A小球受力个数不变B小球将向左运动，且a8 m/s2C小球将向左运动，且a10 m/s2D若剪断的是弹簧，则剪断瞬间小球加速度的大小a10 m/s2B在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得弹簧的弹力Fmgtan 45101 N10 N，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力仍然为10 N，小球此时受重力、支持力、弹簧弹力和摩擦力四个力作用。 小球的受力个数发生改变，故选项A错误；小球所受的最大静摩擦力为Ffmg0.210 N2 N，根据牛顿第二定律得小球的加速度为a m/s28 m/s2，合力方向向左，所以加速度向左，故选项B正确，C错误；剪断弹簧的瞬间，
5、轻绳对小球的拉力瞬间为零，此时小球所受的合力为零，则小球的加速度为零，故选项D错误。5.“儿童蹦极”中，拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根橡皮绳。如图所示，质量为m的小明静止悬挂时，两橡皮绳的夹角为60，则()A每根橡皮绳的拉力为mgB若将悬点间距离变小，则每根橡皮绳所受拉力将变小C若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时加速度agD若拴在腰间左右两侧的是悬点等高、完全相同的两根轻绳，则小明左侧轻绳在腰间断裂时，小明的加速度agB根据平行四边形定则知，2Fcos 30mg，解得Fmg，故A错误；根据共点力平衡得，2Fcos mg，当悬点间的距离变小时，变小，cos 变大，可知橡皮绳
6、的拉力变小，故B正确；当左侧橡皮绳断裂，断裂的瞬间，右侧橡皮绳的拉力不变，则重力和右侧橡皮绳拉力的合力与左侧橡皮绳初始时的拉力大小相等，方向相反，合力大小为mg，加速度为g，故C错误；当两侧为轻绳时，左侧绳断裂瞬间，右侧绳上拉力发生突变，将重力沿绳方向和垂直于绳方向正交分解，合力为mgsin 30，加速度为g，方向沿垂直于右侧绳的方向斜向下，故D错误。6如图所示，A、B两球质量相等，光滑斜面的倾角为，图甲中，A、B两球用轻弹簧相连，图乙中A、B两球用轻质杆相连，系统静止时，挡板C与斜面垂直，轻弹簧、轻杆均与斜面平行，则在突然撤去挡板的瞬间有()甲乙A两图中两球加速度均为gsin B两图中A球的
7、加速度均为0C图乙中轻杆的作用力一定不为0D图甲中B球的加速度是图乙中B球的加速度的2倍D撤去挡板前，挡板对B球的弹力大小为2mgsin ，因弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以撤去挡板瞬间，图甲中A球所受合力为0，加速度为0，B球所受合力为2mgsin ，加速度为2gsin ；图乙中杆的弹力突变为0，A、B两球所受合力均为mgsin ，加速度均为gsin ，可知只有D对。7.(2019泰安模拟)如图所示，小球A置于固定在水平面上的光滑半圆柱体上，小球B用水平轻弹簧拉着，弹簧固定在竖直板上。两小球A、B通过光滑滑轮O用轻质细绳相连，两球均处于静止状态。已知B球质量为m，O在半圆柱体圆心O1
8、的正上方，OA与竖直方向成30角，OA长度与半圆柱体半径相等，OB与竖直方向成45角，现将轻质细绳剪断的瞬间(重力加速度为g)，下列说法正确的是()A弹簧弹力大小为mgB球B的加速度为gC球A受到的支持力为mgD球A的加速度为gD剪断细绳前对B球受力分析如图，由平衡条件可得F弹mgtan 45mg；剪断细绳瞬间，细绳上弹力立即消失，而弹簧弹力F弹和重力的大小和方向均没有改变，则F绳mg，aBg，A、B项错误。A球的重力大小GA2F绳cos 30mg，细绳剪断后A球受到的支持力NAGA cos 30mg，C项错误。对A球由牛顿第二定律有mAgsin 30mAaA，得A球的加速度aAgsin 30
9、g，D项正确。题组三：动力学两类基本问题8汽车紧急刹车后，停止运动的车轮在水平地面上滑动直至停止，在地面上留下的痕迹称为刹车线。由刹车线的长短可知汽车刹车前的速度。已知汽车轮胎与地面之间的动摩擦因数为0.80，测得刹车线长25 m。汽车在刹车前瞬间的速度大小为(重力加速度g取10 m/s2)()A10 m/s B20 m/s C30 m/s D40 m/sB汽车紧急刹车后，受滑动摩擦力的作用，做匀减速直线运动，设减速时的加速度大小为a，由牛顿第二定律得mgma，设汽车在刹车前瞬间的速度大小为v0，根据运动学公式有0v2as，代入数据，联立以上各式解得v020 m/s，B正确。9用40 N的水平
10、力F拉一个静止在光滑水平面上、质量为20 kg的物体，力F作用3 s后撤去，则第5 s末物体的速度和加速度的大小分别是()Av6 m/s，a0 Bv10 m/s，a2 m/s2Cv6 m/s，a2 m/s2 Dv10 m/s，a0A由牛顿第二定律可知，在前3 s内物体的加速度a2 m/s2,3 s末的速度大小vat6 m/s，当外力F撤去后，加速度变为零，物体的速度大小保持不变为6 m/s，选项A正确。10.(多选)如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用，前方固定一足够长的水平轻弹簧，则当木块接触弹簧后，下列判断正确的是()A木块立即做减速运动B木块在一段时间内速度仍增大C当F等于弹簧弹
11、力时，木块速度最大D弹簧压缩量最大时，木块速度为零但加速度不为零BCD木块碰到弹簧后有Fkxma，x从零开始增大，故A错，B对；当a0时，v最大，此时有Fkx0，C对；在弹簧最短之前，木块已减速，有Fkxmamg时，物体以大小为a2的加速度向左做匀加速直线运动，当Fcos mg时，物体静止不动；若此时物体的速度方向向右，则加速度大小为a3，a3可能大于a，也可能小于a，也可能等于a，所以物体先以大小为a3的加速度向右做匀减速直线运动，当速度减为零后，再以大小为a2的加速度向左做匀加速直线运动或者静止。已知a3a2，综上所述，D符合题意。13. (2019沧州模拟)将一质量为m的小球靠近墙面竖直
12、向上抛出，图甲是向上运动小球的频闪照片，图乙是下降时的频闪照片，O是运动过程中的最高点，甲、乙两次闪光频率相同，重力加速度为g，假设小球所受的阻力大小不变，则可估算小球受到的阻力大小约为()甲乙Amg B.mg C.mg D.mgC设每块砖的厚度是d，向上运动时：9d3da1T2向下运动时：3dda2T2解得：根据牛顿第二定律，向上运动时：mgfma1向下运动时：mgfma2解得：fmg，C正确。14.在风洞实验室中进行如图所示的实验。在倾角为37的固定斜面上，有一个质量为1 kg的物块，在风洞施加的水平恒力F作用下，从A点由静止开始运动，经过1.2 s到达B点时立即关闭风洞，撤去恒力F，物块到达C点时速度变为零，通过速度传感器测得这一过程中物块每隔0.2 s的瞬时速度，表给出了部分数据：t/s0.00.20.40.61.41.61.8v/(ms1)0.01.02.03.04.02.00.0已知：sin 370.6，cos 370.8，g取10 m/s2。求：(1)A、C两点间的距离；(2)水平恒力F的大小。解析：(1)物块匀加速运动过程中的加速度为：a
