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1、第1卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1418题只有一项符合题目要求，第1921题至少有两项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。14下列关于电磁感应现象的认识，正确的是( )A它最先是由奥斯特通过实验发现的B它说明了电能生磁C它是指变化的磁场产生电流的现象D它揭示了电流受到安培力的原因15质量为m、长为L的直导体棒放置于四分之一光滑圆弧轨道上，整个装置处于竖直向上磁感应强度为B的匀强磁场中，直导体棒中通有恒定电流，平衡时导体棒与圆弧圆心的连线与竖直方向成600角，其截面图如图所示。则关于导体棒中的电流方向、大小分析正确的是( )
2、A向外， B向外，C向里， D向里，16有一静电场，其电势随x坐标的改变而改变，变化的图线如图所示。若将一带负电的粒子（重力不计）从坐标原点0由静止释放，粒子沿x轴运动，电场中P、Q两点的坐标分别为1mm、4mm。下列说法正确的是( )A粒子经过P点和Q点时，加速度大小相等、方向相反B粒子经过P点与Q点时，电场力做功的功率相等C粒子经过P点与Q点时，动能相等D粒子在P点的电势能为正值17如图所示，传送带足够长，与水平面间的夹角=370，并以v=10m/s的速度逆时针匀速转动着，在传送带的A端轻轻地放一个质量为m=lkg的小物体，若己知物体与传送带之间的动摩擦因数=0.5，(g=10m/s2，s
3、in370=0.6，cos370=0.8)则下列有关说法正确的是( )A在放上小物体的第1s内，系统产生50J的热量B在放上小物体的第1s内，至少给系统提供能量70J才能维持传送带匀速转动C小物体运动1s后加速度大小为2m/s2D小物体运动1s后，受到的摩擦力大小不适用公式F=FN182013年12月2日，我国成功发射“嫦娥三号”探月卫星，如图所示为“嫦娥三号”飞行轨道示意图“嫦娥三号”任务全过程主要经历5个关键飞控阶段，分别是：发射及入轨段；地月转移段；环月段；动力下降段；月面工作段其中在环月段时要从圆轨道变换到椭圆轨道下列说法正确的是( )A“嫦娥三号”的发射速度大于11.2 km/sB由
4、圆轨道变换到椭圆轨道时，“嫦娥三号”要加速C由圆轨道变换到椭圆轨道时，“嫦娥三号”绕月球运动的周期减小D“嫦娥三号”在动力下降段处于失重状态19如图所示，匀强磁场的方向竖直向下，磁场中有光滑的水平桌面，在桌面上平放着内壁光滑底部有带电小球的试管。在水平拉力F作用下，试管向右匀速运动，带电小球能从试管口处飞出。关于带电小球及其在离开试管前的运动，下列说法中正确的是( )A小球带负电B小球运动的轨迹是一条抛物线C洛伦兹力对小球做正功D维持试管匀速运动的拉力F应逐渐增大20如图所示，将质量为M1、半径为R且内壁光滑的半圆槽置于光滑水平面上，左侧靠墙角，右侧靠一质量为M2的物块。今让一质量为m的小球自
5、左侧槽口A的正上方h高处从静止开始落下，与圆弧槽相切自A点进入槽内，则以下结论中正确的是( )A小球在槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量守恒B小球在槽内运动的全过程中，小球与半圆槽在水平方向动量不守恒C小球在槽内运动的全过程中，小球、半圆槽和物块组成的系统动量不守恒D若小球能从C点离开半圆槽，则其一定会做竖直上抛运动21如图甲所示，在光滑水平面上，有一个粗细均匀的单匝正方形闭合线框abcd，边长为L，质量为m，电阻为R。在水平外力的作用下，线框从静止开始沿垂直磁场边界方向做匀加速直线运动，穿过磁感应强度为B的匀强磁场，磁场方向与线圈平面垂直，线框中产生的感应电流i的大小和运动时间t
6、的变化关系如图乙所示。则下列说法正确的是( )A线框的加速度大小为B线框受到的水平外力的大小C0-t1时间内通过线框任一边横截面的电荷量为i1t1D0-t3间内水平外力所做的功大于第II卷注意事项：第II卷须用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。非选择题：包括必考题和选考题两部分，考生根据要求作答。必考题22（6分，每问2分）某实验小组利用如图所示的装置进行实验，钩码A和B分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，钩码质量均为M，在A的上面套一个比它大一点的环形金属块C，在距地面为h1处由一宽度略大于A的狭缝，钩码A能通过狭缝，环形金属块C不能通过，开始时A距离狭缝的高度为h2
7、，放手后，A、B、C从静止开始运动(1)利用计时仪器测得钩码A通过狭缝后落地用时t1，则钩码A通过猡(3速度为(用题中字母表示)；(2)若通过此装置验证机械能守恒定律，还需要测出环形金属框C的质量m，当地重力加速度为g，若系统的机械能守恒，则需满足的等式（用题中字母表示）；(3)为减小测量时间的误差，有同学提出如下方案：实验时调节h1=h2=h，测出钩码A从释放到落地的总时间t，来计算钩码A通过狭缝的速度，你认为可行吗？若可行，写出钩码A通过狭缝时的速度表达式；若不可行，请简要说明理由_、_。23（8分）在“描述小灯泡的伏安特性曲线”实验中，除直流电源、开关、导线外，还有如下器材可供选择：A小
8、灯泡“3V 1.5W”B电流表(3A，内阻约0.2)C电流表(量程0.6A，内阻约1)D电压表(量程3V，内阻约20k)E滑动变阻器(010、2A)F滑动变阻器(01k、0.5A)(1)实验所用到的电流表应选，滑动变阻器应选（填字母代号）(2)实验要求滑动变阻器的滑片从左向右滑动过程中，电表的示数从零开始逐渐增大请将甲图中的实物连线完成(3)若将该灯泡接在一电动势为3V、内电阻为2电源的两端，则灯泡消耗的功率为_W24(14分4+5+5)如图所示，宽度为L=0.5m的足够长的平行金属导轨MN、PQ的电阻不计，垂直导轨水平放置一质量为m=0.5kg、电阻为R=4的金属杆CD，导轨上端跨接一个阻值
9、RL=4的灯泡，整个装置处于垂直于导轨平面的匀强磁场中，导轨平面与水平面之间的夹角为=600，金属杆由静止开始下滑，且始终与导轨垂直并良好接触，动摩擦因数为=，下滑过程中当重力的最大功率P=12W时灯泡刚好正常发光(g=10m/s2)求：(1)磁感应强度B的大小；(2)灯泡的额定功率PL;(3)金属杆达到最大速度一半时的加速度大小25(19分6+6+7)如图所示，相距x=4m、质量均为M的两个完全相同的木板A、B置于水平地面上，一质量也为M、可视为质点的物块C置于木板A的左端。己知物块C与木板A、B之间的动摩擦因数均为1=0. 40，木板A、B与水平地面之间的动摩擦因数均为2=0.10，最大静
10、摩擦力可以认为等于滑动摩擦力，开始时，三个物体均处于静止状态。现给物块C施加一个水平向右的恒力F，且F=0.3Mg，已知木板A、B碰撞后立即粘连在一起(g取10 m/s2)。(1)判断A与B碰前A与C的运动状态，并通过计算说明。(2)求从物块C开始运动到木板A与B相碰所经历的时间。(3)己知木板A、B的长度均为L=0.2m，请通过分析计算后判断：物块C最终会不会从木板上掉下来？选考题33.【物理选修3-3】（15分）(1)关于分子动理论，下列说法中正确的是( )A液晶像液体一样具有流动性，而其光学性质和某些晶体相似，具有各向异性B布朗运动反映了悬浮颗粒内部的分子在不停地做无规则热运动C气体从外
11、界吸收热量，其内能不一定增加D如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于热平衡，用来表征它们所具有的“共同热学性质”的物理量叫做内能E当两个分子间的距离为分子力平衡距离r0时，分子势能最小(2)如图，两汽缸A、B粗细均匀、等高且内壁光滑，其下部由体积可忽略的细管连通；A的直径是B的2倍，A上端封闭，B上端与大气连通；两汽缸除A顶部导热外，其余部分均绝热。两汽缸中各有一厚度可忽略的绝热轻活塞a、b，活塞下方充有氮气，活塞a上方充有氧气。当大气压为p0，外界和汽缸内气体温度均为7且平衡时，活塞a离汽缸顶的距离是汽缸高度的，活塞b在汽缸的正中间。(1) 现通过电阻丝缓慢
12、加热氮气，当活塞b恰好升至顶部时，求氮气的温度；(2) 继续缓慢加热，使活塞a上升。当活塞a上升的距离是汽缸高度的时，求氧气的压强。34物理选修3-4（15分）(1)下列说法中正确的是( )A电磁波在同种介质中只能沿直线传播B单摆经过平衡位置时，合外力为零C机械波的传播周期与机械波中的质点做简谐运动的周期相等D做简谐运动的物体在半个周期内经过的路程一定为振幅的2倍E观察者向波源靠近，观察者感觉波源的频率变大(2)如图，将半径为R的透明半球体放在水平桌面上方，O为球心，直径恰好水平，轴线OO垂直于水平桌面，位于O点正上方某一高度处的点光源S发出一束与OO，夹角=600的单色光射向半球体上的A点，
13、光线通过半球体后刚好垂直射到桌面上的B点，已知OB=R，光在真空中传播速度为c，不考虑半球体内光的反射，求：(i)透明半球对该单色光的折射率n；(ii)该光在半球体内传播的时间河北衡水中学1617学年度下学期6周理综周测答案物理部分14. 【答案】C【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，故A错误；B、电磁感应现象说明，磁能生电，故B错误；C、利用磁场产生电流的现象是电磁感应现象，变化的磁场产生电流的现象是电磁感应现象，故C正确；D、电磁感应现象揭示了磁能生电，它并没有揭示电流受到安培力的原因，故D错误；故选C15.【答案】D【解析】试题分析：对导体棒受力分析，受重
14、力、支持力和电场力，如图所示：安培力向右，根据左手定则，电流向里；根据平衡条件，有：FA=mgtan60=mg故电流：,故选：D16.【答案】C【解析】试题分析：根据顺着电场线方向电势降低可知，0-2mm内，电场线沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向沿x轴正方向；在2-6mm内电场线沿x轴正方向，粒子所受的电场力方向沿x负方向做减速运动，加速度沿x轴负方向；-x图象的斜率大小等于场强E则知P点的场强大于Q点的场强，则粒子在P点的加速度大于在Q点的加速度，加速度方向相反故A错误粒子经过P点与Q点时，电势相等，则其电势能相等，由能量守恒知动能相等故C正确粒子经过P点与Q点时，速率相等，但电场力不同，
15、则根据功率公式P=Fv，可知电场力做功的功率不等故B错误在P点，根据电势能公式Ep=q，因为q0，0，所以Ep0故D错误故选：C17.【答案】C【解答】解：A、物体放上传送带后的加速度a=gsin+gcos=6+0.58m/s2=10m/s2则物体达到传送带速度所需的时间此时传送带的位移x1=vt1=10m，物体的位移，则相对位移大小x=x1x2=5m摩擦产生的热量Q=mgcosx=0.5100.85J=20J故A错误B、根据能量守恒定律得，则提供的能量E=20+J=40J故B错误C、物体达到传送带速度后，由于重力沿斜面方向的分力大于滑动摩擦力，则1s后的加速度a=gsin37gcos37=2m/s2故C正确D、1s后的摩擦力仍然为滑动摩擦力，则滑动摩擦力公式仍然适用故D错
