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1、重庆市九龙坡区2018-2019学年高二上学期教育质量全面监测物理试题一、选择题1.在物理学发展过程中，实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。下列叙述符合史实的是A. 法拉第实验时观察到，将恒定电流或磁铁放在固定导体线圈附近，线圈中会出现感应电流B. 欧姆根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说C. 奥斯特发现了电流的磁效应，证明了电流周围存在磁场，首次揭示了电与磁的联系D. 楞次在分析了许多实验事实后提出：感应电流具有这样的方向，即感应电流的磁场总与引起感应电流的磁场方向相反【答案】C【解析】【分析】对于物理中的重大发现、重要规律、原理，要明确其发现者和提出者，
2、了解所涉及伟大科学家的重要成就。【详解】A.法拉第在实验中观察到，在将恒定电流或磁铁放在固定导体线圈附近，通过线圈的磁通量没变化，所以不会出现感应电流，故A不符合史实；B.安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说，很好地解释了磁化现象，故B不符合史实；C.奥斯特发现了电流的磁效应，证明了电流周围存在磁场，首次揭示了电与磁的联系，故C符合史实；D.楞次在分析了许多实验事实后提出楞次定律，即感应电流应具有这样的方向，感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化，故D不符合史实。所以选C。【点睛】本题关键要记住电学的一些常见的物理学史。2.下列说法正确的是A. 电场和
3、磁场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型B. 电场线上每点的切线方向表示该点的电场强度方向C. 若一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则该处磁感应强度一定为零D. 电流元在磁场中受到的磁场力方向就是该处的磁场方向【答案】B【解析】【分析】电场线是为了形象的描述电场强弱和方向引入的，并非实际存在的，电场线是始于正电荷或无穷远，止于负电荷或无穷远；且电场线上各点的切线方向，表示该点电场强度的方向，电场线不相交；一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则可能是电流的方向与磁场的方向平行，该处磁感应强度不一定为零。【详解】A.电场和磁场是客观存在的一种物质，不是理想化的模型，故A错误；B.电场线上各点
4、的切线方向，表示该点电场强度的方向，故B正确；C.一小段通电导线在某处不受磁场力作用，则可能是电流的方向与磁场的方向平行，该处磁感应强度不一定为零，故C错误；D.根据左手定则可知，一小段通电直导线磁场中某处所受的磁场力的方向与该处磁场的方向垂直，故D错误。所以B正确，ACD错误。【点睛】本题考查了有关电场和磁场的基础知识，属于简单基础题，记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念，同时加强基本概念的应用。3.如图所示，无限长直导线中通有直流电流，下列操作能使线框中产生顺时针方向感应电流的是A. 使导线中电流增大B. 使线框水平向左运动C. 使线框平行于导线向上运动D. 使
5、线框以直导线为轴转动【答案】A【解析】【分析】当通过线圈的磁通量发生变化时，线圈中将会产生感应电流根据楞次定律判断感应电流的方向。【详解】A.使导线中电流增大，穿过线圈的磁场增大，即穿过线圈的磁通量增大，根据楞次定律可知产生感应电流为顺时针，故A正确；B.向左拉动线框，逐渐远离直线电流时，穿过线框的磁场减小，即穿过线框的磁通量减小，根据楞次定律可知产生感应电流为逆时针，故B错误；C.导线中的电流不变，线圈向上平动，穿过线圈的磁场不变，即穿过线圈的磁通量也不变，则不产生感应电流，故C错误；D.导线中的电流不变，使线框以直导线为轴转动，穿过线圈的磁场不变，即穿过线圈的磁通量也不变，则不产生感应电流
6、，故D错误。所以A正确，BCD错误。【点睛】解决本题的关键掌握右手螺旋定则判断电流周围的磁场方向，掌握感应电流的产生条件，会根据楞次定律判断感应电流的方向。4.如图所示，A、B、C是以AB为直径的半圆弧上的三点，O点为半圆弧的圆心，BOC=90，两个等量异种点电荷分别置于A、B两点，此时O点电场强度的大小为E；若将A处的点电荷移至C点，则O点的场场强大小变为A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】由电场的叠加可知各点电荷单独在O点形成的场强大小，移动之后电荷距O点的距离不变，故电场强度大小不变，则由矢量合成的方向可得出移动之后的合电场；即可求得比值。【详解】依题意，每个点电荷在O点产
7、生的场强为，则当A点处的点电荷移至C点时，该点电荷在O点场强与N处电荷在O点场强的夹角为90，合场强大小为，故C正确，ABD错误。【点睛】电场强度为矢量，在求合场强时应先分别求得各电荷在O点的场强再由矢量的合成方法-平行四边形求得总的场强。5.如图所示，电源电动势E6V、内阻r=2，电动机M内阻RM=4，小灯泡L标有“2V、0.4W”，V为理想电压表，闭合开关S，小灯泡L和电动机M均正常工作。则A. 电压表读数为0.8VB. 电动机的输入功率为0.16WC. 电动机的输出功率为0.56WD. 整个电路消耗的功率是1.12W【答案】C【解析】【分析】从电路图中可以看出，电动机和小灯泡串联，电压表
8、测量电动机两端的电压，先求出小灯泡的电流，根据欧姆定律求出电动机两端电压，根据P=UI求出电动机的电功率，根据P热=I2r求出电动机的热功率，则输出功率P出=P-P热，根据P=EI即可求解电源消耗的电功率。【详解】A.通过小灯泡的电流为：，电池内阻的电压为：，则电动机的电压为：，所以电压表读数为3.6V，故A错误；B.电动机的输入功率为：，故B错误；C.电动机的发热功率为：，电动机的输出功率为：，故C正确；D.整个电路消耗的功率是：，故D错误。所以C正确，ABD错误。【点睛】本题是欧姆定律的基本运用，必须知道电动机为非纯电阻元件，其总功率和热功率是不一样的。6.如图所示，R1为定值电阻，R2为
9、可变电阻，E为电源的电动势，r为电源内电阻，下列说法正确的是A. 当R2=R1+r时，R2获得最大功率B. 当R1=R2+r时，电源消耗的功率最大C. 当R2最大时，R1获得最大功率D. 当R2=0时，电源输出功率最大【答案】A【解析】【分析】当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大对于定值电阻，根据P=I2，电流最大时，功率最大。【详解】A.将R1等效到电源的内部，R2上的功率等于电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r时，输出功率最大，即R2上的功率最大，故A正确；B D.当外电阻等于内阻时，即R1+R2=r时，电源的输出功率最大，故BD错误；C.R1为定值电阻，只有当电路中电流最
10、大时，才获得最大功率，即R2=0时功率最大，故C错误。所以A正确，BCD错误。【点睛】解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大。7.劳伦斯和利文斯设计出回旋加速器，工作原理示意图如图所示：置于高真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略。磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，加速电压为U。若D型盒圆心A处粒子源产生的粒子质量为m、电荷量为+q，初速度为零，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑重力的影响，则下列说法正确的是A. 随着速度的增加，带电粒子在磁场中运动的周期越来越短B. 质子第2次和第1次经过两
11、D形盒间狭缝后轨道半径之比为2：1C. 质子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U成正比D. 质子被加速后的最大动能等于【答案】D【解析】【分析】回旋加速器的工作条件是电场的变化周期与粒子在磁场中运动的周期相等回旋加速器运用电场加速磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力可以求出粒子的最大速度，从而求出最大动能。【详解】A.根据粒子圆周运动的周期公式：，T与粒子的速度大小无关，所以粒子在回旋加速器中运行的周期不变，故A错误；B.粒子在加速电场中做匀加速运动，在磁场中做匀速圆周运动，根据动能定理：，可得：，质子第1次和第2次经过D形盒狭缝的速度比为：，根据，可得半径比为：，故B错误；CD.根据
12、， R是D形金属盒的半径，知质子获得的最大速度，则最大动能：，与加速的电压无关，故C错误，D正确。所以D正确，ABC错误。【点睛】解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道最大动能与什么因素有关，以及知道粒子在磁场中运动的周期与电场的变化的周期相等。8.如图所示，在圆形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的直径。一不计重力的带电粒子从a点射入磁场，速度大小为2v，当速度方向与ab成30角时，粒子恰好从b点飞出磁场，运动时间为t；若相同的带电粒子从a点沿ab方向射入磁场，速度大小为v，则粒子在磁场中运动的时间为A. B. C. t D. 2t【答案】B【解析】【分析】粒子在磁场中做
13、匀速圆周运动，根据题意作出粒子运动轨迹，求出粒子轨道半径，根据粒子做圆周运动的周期公式与粒子转过的圆心角求出粒子在磁场中的运动时间。【详解】粒子在磁场中做圆周运动的周期：，与粒子速率无关；粒子运动轨迹如图所示：由几何知识得：，粒子转过的圆心角：=60，粒子在磁场中的运动时间：，粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径：，粒子从A点正对圆心射入磁场，速度减为原来的一半时，粒子做圆周运动的轨道半径：，粒子转过的圆心角：=90，粒子在磁场中的运动时间：，故B正确，ACD错误。【点睛】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，根据题意作出粒子运动轨迹、求出粒子轨道半径与
14、转过的圆心角是解题的关键。9.两块大小、形状完全相同的金属板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示，下列说法正确的是A. 保持K接通，减小两极板间的距离，则两极板间电场的电场强度减小B. 保持K接通，在两极板间插入一块介质，则极板上的电荷量增大C. 断开K，减小两极板间的距离，则两极板间的电场强度不变D. 断开K，在两极板间插入一块介质，则两极板间的电势差增大【答案】BC【解析】【分析】电容器与电源相连，两极板间的电势差不变，通电后断开，则两极板上的电量不变；由平行板电容器电容：，根据某些量的变化可知电容的变化，则由Q=UC可知电压或电量的变化，由可求得电场强度的变化。【详解】
15、A.保持K接通，则两板间的电势差不变，因d减小，由可知，极板间的电场强度增大；故A错误；B.保持K接通，则两板间的电势差不变，在两极板间插入一块介质，根据，可知，则电容C增大；则由Q=UC可知，极板上的电量增大，故B正确；C.断开K，两板上所带电量不变，减小距离d，电容增大，而，可知，E不变，故C正确；D.断开K，两板上所带电量不变，在两板间插入一介质，电容增大，则两板间的电势差减小，故D错误。所以BC正确，AD错误。【点睛】电容器的动态分析重点在于明确电容器的两种状态：充电后断开则极板上的电量不变；和电源相连，则两板间的电势差不变。10.如图所示，一电子从电场中a点运动到b点，径迹如图所示，图中未标明方向的一组虚线可能是电场线，也可能是等差等势面。下列说法正确的是A. 如果图中虚线是电场线，电子在a点动能较小B. 如果图中虚线是等势面，电子在b点动能较大C. 无论图中虚线是电场线还是等势面，a点的场强大于b点的场强D. 无论图中虚线是电场线还是等势面，a点的电势高于b点的电势【答案】BC【解析】【分析】电场线与等势面垂直，电
