《【解析版】河北省邯郸市大名县第一中学2019届高三上学期期末强化训练（五）物理试卷 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】河北省邯郸市大名县第一中学2019届高三上学期期末强化训练（五）物理试卷 word版含解析（21页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、物理综合卷二一、选择题1.物理兴趣小组希望验证如下猜想：从斜面上滑下的小车，装载物体的质量越大，到达斜面底部的速度就越大。如图所示是两种不同规格的小车（车轮颜色不同），装有不同数量的木块（每个木块的质量相同），从不同高度释放的九种情形。你认为他们应该选用哪三种情况进行比较验证( )A. 1、2、3B. 4、5、6C. 7、8、9D. 2、5、8【答案】C【解析】【详解】实验中要验证从斜面滑下的小车，装载物体的质量越大和到达斜面底部的速度这两个量之间的关系，根据控制变量法的思路，所以应选高度相同、车轮相同的情况下进行比较，来改变装载物体的质量的多少，从而判断装载物体的质量越大和到达斜面底部的速度
2、这两个量之间的关系，故选择、三种情况分析；故选C。【点睛】用控制变量法探究物理问题时，一定要控制其它因素不变，才能得到正确的结论2.如图所示，光滑大圆环固定在竖直平面内，圆心为O点。轻弹簧的一端固定在最高位置P点，另一端拴连一个套在大环上的小球，小球在环上的Q点位置处于静止状态，Q点位于圆心O点所在水平面的上方，则( )A. 弹簧可能处于压缩状态B. 大圆环对小球的弹力方向可能指向O点C. 大圆环对小球的弹力大小可能小于小球的重力，也可能大于小球的重力D. 弹簧对小球的弹力大小可能小于小球的重力，也可能大于小球的重力【答案】D【解析】【详解】A、B、小球受三个力处于静止状态，任意两个力的合力必
3、然与第三个力等大反向，弹簧对小球的弹力只能沿QP指向P点，弹簧处于拉伸状态；大圆环对小球的弹力应沿着的半径方向由O指向Q；故A、B均错误。C、D、依据力三角形和几何三角形相似，对应边成比例，大圆环对小球的弹力大小一定等于小球的重力，弹簧对小球的弹力大小可能小于（等于或大于）小球的重力；故C错误，D正确。故选D。【点睛】本题考查了共点力平衡的基本运用，知道物体受三个力处于平衡，任意两个力的合力与第三个力等值反向3.如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，P为MN连线的中点，T为连线上靠近N的一点，S为连线的中垂线上处于P点上方的一点。把一个电子分别放在P、S、T三点进行比较，则( )A.
4、电子在S点受力最小，在T点电势能最大B. 电子在P点受力最小，在T点电势能最大C. 电子从T点移到S点，电场力做负功，动能减小D. 电子从P点移到S点，电场力做正功，动能增大【答案】A【解析】【详解】A、B、由等量异号点电荷电场线及等势面空间分布图，P、S、T三点进行比较，S、P两点电势相等，大于T点电势；T点电场强度最大，S点电场强度最小。电子放在S点受力最小，放在T点电势能最大；故A正确，B错误。C、电子从T点移到S点，电场力做正功，动能增大；C错误。D、电子从P点移到S点，初末位置构成等势面，则电场力不做功，故D错误。故选A。【点睛】本题关键是要能够画出等量异号电荷的电场线和等势面分布图
5、，要注意明确电场线的疏密表示电场的强弱，而沿着电场线，电势逐渐降低4.甲、乙两质点在同一时刻、从同一地点沿同一方向做直线运动。质点甲做初速度为零，加速度大小为a1的匀加速直线运动，质点乙做初速度为v0，加速度大小为a2的匀减速直线运动至速度减为零后保持静止。甲、乙两质点在运动过程中的xv（位置速度）图象如图所示，虚线与对应的坐标轴垂直，则A. 在xv图象中，图线a表示质点甲的运动，质点乙的初速度v0=12 m/sB. 质点乙的加速度大小a2=2 m/s2C. 质点甲的加速度大小a1=2 m/s2D. 图线a、b的交点表示两质点同时到达同一位置【答案】C【解析】A、由图可知，在x-v图像中，图线
6、a表示质点甲的运动，质点乙的初速度v0=6m/s，故A错误；BC、质点乙、甲先后通过x=6m处时的速度均为v，对质点甲：v2=2a1x，对质点乙：v2v02=2a2x，联立解得a1+a2=3m/s2，当质点甲的速度v1=8m/s、质点乙的速度v2=2m/s时，两质点通过相同的位移均为x，对质点甲：v12=2a1x，对质点乙：v22v02=2a2x，联立解得 a1=2a2，所以a1=2m/s2，a2=1m/s2，故B错误，C正确；D、图线a、b的交点表示质点乙、甲先后通过x=6m处时的速度均为v，故D错误；故选C。【点睛】根据图象中速度随位移的变化关系判断哪个图象是甲的运动图象，哪个是乙的图象，
7、再根据图象直接读出x=0时，乙的速度；分别对甲和乙，根据运动学基本公式列式，联立方程求解即可。5.如图所示，光滑的斜面上有A、B两个小球，A球的质量为2m,B球的质量为m,两球之间栓接有轻弹簧，A球与挡板接触但没有作用力，B球通过轻质细线与斜面顶端的固定挡板相连，整个装置处于静止状态。斜面的倾角为30,重力加速度为g,在剪断细线的瞬间，下列说法正确的是（）A. 弹簧弹力变小B. 挡板对A的弹力为1.5mgC. A球一定处于超重状态D. B球的加速度大小为1.5g【答案】D【解析】开始时，弹簧处于伸长状态，弹簧弹力为mg，剪断细线瞬间，弹簧长度不变，弹簧弹力不变，挡板对A的弹力为零，选项AB错误
8、；剪断细线瞬间，球A仍处于静止状态，既不超重，也不失重，选项C错误；以B球为研究对象，根据牛顿第二定律可得mgsin30+mg=ma，解得a=1.5g，选项D正确。6.如图所示，50kg的妈妈骑着10kg的自行车，带有20kg的小孩以3m/s速度匀速行驶在平直路面上。行驶中小孩要从车上跳下来，若小孩在离开车座时水平速度为零，则此时( )A. 妈妈和自行车行驶速度仍为3m/sB. 妈妈和自行车行驶速度可能变为2m/sC. 妈妈和自行车行驶速度变为4m/sD. 妈妈和自行车及小孩组成的系统，动能增加了100J【答案】C【解析】【详解】A、B、C、小孩与妈妈及自行车分离前后瞬间水平方向的外力之和为零
9、，系统水平方向动量守恒，分离后瞬间小孩水平速度为零，有：(M+m)v=m0+Mv1，解得：v1=4m/s，即妈妈和自行车速度变为4m/s；A、B错误，C正确。D、分离前系统动能360 J，分离时小孩需要用力前推自行车， Ek=12Mv1212(M+m)v2=120J，即系统动能增加了120J;D错误。故选C。【点睛】本题考查了求速度、求功，分析清楚物体运动过程，应用动量守恒定律、动能定理即可正确解题7.2017年9月，我国控制“天舟一号”飞船离轨，使它进入大气层烧毁，残骸坠人南太平洋一处号称“航天器坟场”的远离大陆的深海区。在受控坠落前，“天舟一号”在距地面约380km的圆轨道上飞行，则下列说
10、法中正确的是( )A. 在轨运行时，“天舟一号”的线速度大于第一宇宙速度B. 在轨运行时，“天舟一号”的角速度小于同步卫星的角速度C. 受控坠落时，应通过“反推”实现制动离轨D. “天舟一号”离轨后，在进入大气层前，运行速度不断减小【答案】C【解析】第一宇宙速度是环绕地球运动的卫星的最大速度，则 “天舟一号” 在轨运行时的线速度小于第一宇宙速度，选项A错误；根据=GMr3可知，在轨运行时，“天舟一号”的运转半径小于同步卫星的运转半径，则其角速度大于同步卫星的角速度，选项B错误；受控坠落时要先调头，让原本朝后的推进器向前点火，通过反推实现制动，故C正确；“天舟一号”离轨后，在进入大气层前，运行半
11、径逐渐减小，地球的引力做正功，则速度不断增大，D错误。故选C.8.如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内图阻值r。现将滑动变阻器滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3，示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3.理想电流表A 示数变化量的绝对值I，下面说法中正确的是A. 电流表A的示数减小B. U1小于U2C. U2(U1+U3)D. U3与I的比值大于R【答案】D【解析】试题分析：理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路分析电路的连接关系，根据欧姆定律和串、并联电路的规律分析理想电压表内阻无穷大，相当于断路理想电流表内阻为零，相当短路，所以R与变阻器串联，电压表V1、V2、
12、V3分别测量R、路端电压和变阻器两端的电压当滑动变阻器滑片向下滑动时，接入电路的电阻减小，电路中电流增大，则A的示数增大，A错误；根据闭合电路欧姆定律得：U2=EIr，则得U2I=r，U1I=R，据题Rr，则U1U2，根据闭合电路欧姆定律得U3=EIR+r，则得U3I=R+rR，U2(U1+U3)，则U3与I的比值大于R，BC错误D正确9.如图甲，线圈A(图中实线，共100匝)的横截面积为0.3m2，总电阻r=2，A右侧所接电路中，电阻R1=2，R2=6，电容C=3F，开关S1闭合，A中有横截面积为0.2m2的区域C(图中虚线)，C内有如图乙的变化磁场，t=0时刻，磁场方向垂直于线圈平面向里。
13、下列判断正确的是()A. 闭合S2、电路稳定后，通过R2的电流由b流向aB. 闭合S2、电路稳定后，通过R2的电流大小为0.4AC. 闭合S2、电路稳定后再断开S1，通过R2的电流由b流向aD. 闭合S2、电路稳定后再断开S1，通过R2的电荷量为2.410-6C【答案】B【解析】【分析】根据法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，根据楞次定律得出感应电流的方向，结合欧姆定律求出电流的大小，再根据R2两端的电压，结合Q=CU求出电容器所带电量的大小。【详解】根据楞次定律，线圈中产生的感应电流为顺时针方向，则闭合S2、电路稳定后，通过R2的电流由a流向b，故A错误；根据法拉第电磁感应定律有：E=n
14、BSt=1000.630.2V=4V，则闭合S2、电路稳定后，通过R2的电流大小为：I=ER1+R2+r=42+6+2=0.4A，故B正确；闭合S2、电路稳定后电容器上极板带正电，则当再断开S1，电容器放电，通过R2的电流由a流向b，故C错误；电路稳定后电容器带电量：Q=CUR2=310-60.46C=7.210-6C，则电路稳定后再断开S1，通过R2的电荷量为7.210-6C，故D错误；故选B。【点睛】本题考查了法拉第电磁感应定律、欧姆定律、楞次定律的基本运用，会运用法拉第电磁感应定律求解感应电动势，以及会运用楞次定律判断感应电流的方向是解决本题的关键。10.如图所示，在一绝缘斜面C上有一带
15、正电的小物体A处于静止状态，现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点关于此过程，下列说法正确的是（）A. 地面对斜面C的摩擦力先增大后减小B. 地面对斜面C的摩擦力逐渐减小C. 物体A受到的摩擦力一直减小D. 物体A受到斜面的支持力先增大后减小【答案】BD【解析】【详解】B在Q点时，对A进行受力分析如图所示将A与斜面体做为一个整体进行受力分析可知，当B从P点向Q点移动过程中，AB间斥力的水平分量越来越小，因此地面对斜面体C的摩擦力越来越小，故A错误，B正确；C项：当B在P点时，如果重力沿斜面向下的分力与AB间斥力沿斜面向上的分力相等，此时摩擦力等于零，B 从P点向Q点移动时，重力沿斜面向下的分力与AB间斥力沿斜面向上的分力则不相等，则摩擦力会变大，故C错误；D项：当B从P点向Q点移动过程中，AB间的斥力大小不变，但方向沿逆时针方向转动，当AB连线与斜面垂直时，斜面对A的支持力最大，因此物体A受到斜面的支持力先增大后减小，D正确。故应选BD。
