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1、高一年级期末考试物理试卷一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，在每小题给出的四个选项中，第1至9题只有一项符合题目要求，第10至12题有两项或三项符合题目要求 全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.下列各组选项中的物理量都是矢量的选项是（ ）A. 速度、加速度、路程；B. 速度、位移、加速度；C. 位移、加速度、速率；D. 瞬时速度、加速度、时间；【答案】B【解析】【详解】A、速度和加速度既有大小又有方向，是矢量，而路程只有大小，没有方向，是标量；故A错误.B、速度、位移、加速度全部为矢量；故B正确.C、位移和加速度既有大小又有方向，是矢量，而速率只有大小没有方向是标量
2、；故C错误.D、时间为标量，瞬时速度和加速度是矢量；故D错误.故选B.【点睛】既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量，标量正负号表示大小，矢量正负号不表示大小，表示方向2.质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则改质点A. 第1s内的位移是5m B. 前2s内的平均速度是6m/sC. 任意相邻的1s 内位移差都是1m D. 任意1s内的速度增量都是2m/s【答案】D【解析】第1s内的位移只需将t1代入即可求出x=6m，A错误
3、；前2s内的平均速度为，B错；由题给解析式可以求得加速度为a=2m/s2，C错；由加速的定义可知D选项正确3. 竖直升空的火箭，其速度图象如图所示，由图可知（ ）A. 火箭上升到最高点所用时间是40sB. 火箭前40s上升，以后下降C. 火箭的加速度始终是20m/s2D. 火箭离地最大的高度是48000m【答案】D【解析】解：A、B在升空过程中,火箭的速度都是正值即速度方向都是朝着正方向,所以火箭一直在上升,只不过前一段时间做正向加速运动,后一段时间做正向减速运动,在120s时火箭上升到最大高度。所以A、B错误。C、 图像中图线的斜率大小可以表示物体的加速度大小,所以在火箭升空过程中0-40s
4、加速度大小为20m/s2,在40s-120s加速度大小为10m/s2,所以C错误D、图像中图线与坐标轴围成的面积大小可以表示物体的位移,所以由几何知识可得火箭离地最大高度是48000m,D正确。4.一小球沿斜面匀加速下滑，依次经过A、B、C三点。已知AB=6m，BC=10m，小球经过AB和BC两段所用的时间均为2s，则小球经过A、B、C三点时的速度大小分别是（ ）A. 2 m/s，3 m/s，4 m/s B. 3 m/s，4 m/s，5 m/sC. 2 m/s，4 m/s，6 m/s D. 3 m/s，5 m/s，7 m/s【答案】C【解析】中间时刻的瞬时速度等于这段的平均速度，即连续相等时间
5、间隔的位移之差是个恒量可计算出，选C5.如图所示,在竖直墙壁的A点处有一根水平轻杆a,杆的左端有一个轻滑轮O.一根细线上端固定在该天花板的B点处,细线跨过滑轮O,下端系一个重为G的物体,开始时BO段细线与天花板的夹角为=30.系统保持静止,当轻杆a缓慢向下移动的过程中,不计一切摩擦,下列说法中正确的是（ ）A. 细线BO对天花板的拉力没有变化B. a杆对滑轮的作用力逐渐减小C. a杆对滑轮的作用力的方向沿杆水平向右D. 墙壁对a杆的作用力不变【答案】B【解析】【分析】当轻杆a缓慢向下移动的过程中，BO段细线与天花板的夹角增大，细线的拉力大小不变，根据方向判断细线BO对天花板的拉力是否变化。a杆
6、对滑轮的作用力与两细线拉力的合力大小相等。当两细线夹角增大时，它们的合力减小，则知a杆对滑轮的作用力逐渐减小。【详解】当轻杆a缓慢向下移动的过程中，细线的拉力大小始终等于物体的重力G，保持不变，但由于增大，所以细线BO对天花板的拉力方向发生改变，所以此拉力是变化的。故A错误。两细线拉力大小不变，夹角增大，由它们的合力减小，根据滑轮平衡可知，a杆对滑轮的作用力与两细线的合力大小相等、方向相反，所以a杆对滑轮的作用力逐渐减小。故B正确。a杆对滑轮的作用力F的方向沿两夹平分线斜向右上方，如图。故C错误。a杆对滑轮的作用力逐渐减小，则滑轮对a杆的作用力逐渐减小，而a杆保持平衡，重力不计，则墙壁对a杆的
7、作用力也逐渐减小。故D错误。故选B。6.如图所示，质量不等的木块A和B的质量分别为m1和m2，置于光滑的水平面上当水平力F作用于左端A上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F1当水平力F作用于右端B上，两物体一起做匀加速运动时，A、B间作用力大小为F2，在两次作用过程中（ ）A. F1+F2FB. F1+F2=FC. F1=F2D. 【答案】BD【解析】【详解】对整体分析，由牛顿第二定律知：两次整体的加速度大小相等，都为：。第一种情况：以B为研究对象，由牛顿第二定律得：A对B的作用力为：F1=m2a=。第二中情况：以A为研究对象，B对A的作用力为：F2=m1a= 。则有：F1+F2
8、=F。因为m1m2，所以F1F2。可得，故AC错误，BD正确。故选BD。【点睛】本题是连接体问题，解决本题的关键要灵活选择研究对象，注意整体法和隔离法的运用要能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解7.如图所示，甲、乙两船在同一条河流中同时渡河，河的宽度为L，河水流速为u，划船速度均为v，出发时两船相距2L，甲、乙船头均与岸边成60角，且乙船恰好能直达正对岸的A点，则下列判断正确的是A. 甲船在A点左侧靠岸 B. 两船可能在未到达对岸前相遇C. 甲、乙两船到达对岸的时间不相等 D. 甲船也在A点靠岸【答案】A【解析】【分析】根据乙船恰好能直达正对岸的A点，知v=2u小船的运动分解为平行
9、于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，可以比较出两船到达对岸的时间以及甲船沿河岸方向上的位移【详解】乙船恰好能直达正对岸的A点，根据速度合成与分解，知v=2u。将小船的运动分解为平行于河岸和垂直于河岸两个方向，抓住分运动和合运动具有等时性，在垂直于河岸方向上的分速度相等，知甲乙两船到达对岸的时间相等。渡河的时间故C错误。甲船沿河岸方向上的位移x=（vcos60+u）t=L2L知甲船在A点左侧靠岸，不可能在未到对岸前相遇。故A正确，BD错误。故选A。8.一同学在玩闯关类的游戏，他站在平台的边缘，想在2 s内水平跳离平台后落在支撑物P上，人与P的水平距离为3 m，人跳离平台的最
10、大速度为6 m/s，则支撑物距离人的竖直高度可能为()A. 1 m B. 9 mC. 17 m D. 20 m【答案】BCD【解析】由题意知，最短时间为，竖直高度为：；最长时间为2s，竖直高度为：，选项BCD正确9.如图所示，一个半球形的碗放在桌面上，碗囗水平，O是球心，碗的内表面光滑一根轻质杆的两端固定有两个小球，质量分别是m1，m2当它们静止时，m1、m2与球心的连线跟水平面分别成60，30角，则碗对两小球的弹力大小之比是( )A. 1：2B. 1：C. ：1D. ：2【答案】C【解析】选取两小球和杆组成的整体为研究对象，受力分析并正交分解如图：由平衡条件得：在水平方向的分力和在水平方向的
11、分力大小相等即：，所以： ，故选项C正确。点睛：本题是平衡条件的应用，关键是研究对象的选择，选择好合适的研究对象可以方便快捷的解决问题，此题也可对两球分别分析，但是较麻烦。10.乘坐“空中缆车”饱览大自然的美景是旅游者绝妙的选择若某一缆车沿着坡度为30的山坡以加速度a上行，如图所示在缆车中放一个与山坡表面平行的斜面，斜面上放一个质量为m的小物块，小物块相对斜面静止（设缆车保持竖直状态运行）则（ ）A. 小物块受到的摩擦力方向平行斜面向上B. 小物块受到的摩擦力方向平行斜面向下C. 小物块受到的滑动摩擦力为D. 小物块受到的静摩擦力为【答案】AD【解析】试题分析：以木块为研究对象，分析受力情况：
12、重力mg、斜面的支持力N和摩擦力为静摩擦力f，f沿斜面向上，故A正确，B错误；根据牛顿第二定律得：f-mgsin30=ma，解得，f=mg+ma，方向平行斜面向上，故C错误，D正确；故选AD。考点：牛顿第二定律11.如图1所示，一轻弹簧下端固定在水平面上，上端放置一小物体，小物体处于静止状态现对小物体施一竖直向上的拉力F，使小物体向上做匀加速直线运动，拉力F与物体位移x的关系如图2所示，a、b、c均为已知量，重力加速度为g，弹簧始终在弹性限度内则下列结论正确的是（）A. 开始时弹簧的压缩量为cB. 物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态C. 物体的加速度大小为D. 物体从开始运动到离开弹簧的过程经
13、过的时间为【答案】AD【解析】刚开始时物体处于静止状态，物体受到的重力和弹力二力平衡，弹簧的压缩量：x=c，故A正确；物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故B错误；开始时，重力和弹力二力平衡由平衡条件得：mg=kx ，拉力F1为a时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律有：，物体与弹簧分离后，拉力F2为b，根据牛顿第二定律有：，解得物体的质量：，弹簧的劲度系数：，加速度：，故C错误；从物体开始运动到离开弹簧过程，物体的位移为：c，根据匀变速直线运动的位移公式得：，解得运动时间： ，故D正确。所以AD正确，BC错误。12.高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷当人抓住扶手用力蹬踏板压缩
14、弹簧后人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙则下列说法正确的（ ）A. 人向上弹起过程中，先处于超重状态，后处于失重状态B. 人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力C. 弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力大于人的重力D. 弹簧压缩到最低点时，高跷对地的压力等于人和高跷的总重力【答案】AC【解析】试题分析：人向上弹起过程中，先加速向上，处于超重状态，然后减速向上，处于失重状态，选项A 错误；踏板对人的作用力和人对踏板的作用力是一对作用力和反作用力，是大小相等的关系，选项B 错误；弹簧压缩到最低点时，人的加速度向上，人处于超重状态，所以高跷对人的作用力大于人的重力，高跷对地的压力
15、大于人和高跷的总重力，选项C 正确，D 错误。考点：牛顿第二定律；超重和失重。二、实验题（每空2分，共6空，共12分）13.小江同学在做“探究弹力与弹簧伸长的关系”实验中，他用实验装置如图所示，所用的钩码每只质量为50g他先测出不挂钩码时弹簧的自然长度，再将5个钩码逐个挂在弹簧的下端，每次都测出相应的弹簧总长度，并将数据填在表中，实验中弹簧始终未超过弹性限度，取g取10m/s2根据实验数据可得钩码质量/g050100150200250弹簧总长度/cm6.007.008.009.0010.0011.00（1）该弹簧的劲度系数k=_N/m（2）弹力F与形变量x的表达式_【答案】 (1). 50 (2). F=50x【解析】(1)根据F=kx可知，(2)弹力F与形变量x的表达式F=50x【点睛】对于该实验要注意：每次增减砝码测量有关长度时，均要保证弹簧及砝码应处于静止状态测量有关长度时
