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1、宁大附中2018-2019学年第一学期第六次月考高三理综物理试卷1.如图所示，在竖直平面内固定有一个光滑圆轨道。一个可视为质点的小球从轨道的最低点出发，恰能沿圆轨道做完整的圆周运动，不计空气阻力。下列说法正确的是A. 小球到达最高点的速度为0B. 小球在最低点对轨道的压力最大C. 小球在上升过程中所受合外力指向圆心D. 圆轨道对小球的作用力一直做负功【答案】B【解析】【详解】A、小球恰能沿圆轨道做完整的圆周运动，在最高点由重力提供向心力，则有：mg=mv2R，解得小球到达最高点的速度为v=gR，故A错误；BCD、小球在运动过程中，小球受到重力和圆轨道对小球的支持力，只有在最高点和最低点时小球受
2、到的合外力指向圆心，其余位置小球受到的合外力不指向圆心；圆轨道对小球的支持力与速度方向垂直，支持力不做功，只有重力做功，机械能守恒，小球在最低点速度最大，根据牛顿运动定律可知小球在最低点对轨道的压力最大，故B正确，C、D错误；故选B。2.图中实线是一簇未标明方向的由点电荷产生的电场线，虚线是某一带电粒子通过该电场区域时的运动轨迹，a、b是轨迹上的两点，若带电粒子在运动中只受电场力作用，根据此图可作出正确判断的是：A. 带电粒子一定带正电B. 带电粒子在a点的速度大于b点的速度C. 带电粒子在a点的加速度大于在b点的加速度D. 带电粒子在a点的电势能小于在b点的电势能【答案】C【解析】【详解】A
3、BD、粒子的运动轨迹向左弯曲，说明粒子在a、b两点受到的电场力沿电场线向左，由于电场线方向不明，无法确定粒子的电性；若粒子从b运动到a，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增大，则粒子在b点的速度较大，在b点电势能较小，故A、B、D错误；C、根据电场线的疏密与电场强度的强弱的关系，判断出a点的电场强度大，故a点的电场力的大，根据牛顿第二定律可知，带电粒子在a点的加速度比b点的加速度大，故C正确；故选C。3.步枪的质量为3.89kg，子弹的质量为6.68g，子弹水平飞离枪口时的对地速度为891.6m/s，如果战士阻止枪身后退所用的时间约是0.056s，则战士受到的平均作用力大小约为A. 1
4、00NB. 1000NC. 104ND. 105N【答案】A【解析】【详解】子弹飞出时，由于内力较大，可以认为子弹和枪组成的系统动量守恒，设枪和子弹的质量分别为M、m，速度分别为v1和v2，选取枪身后退的速度v1的方向为正方向，Mv1+m(v2)=0，解得：v1=mv2M=0.00668891.63.89m/s=1.53m/s；设对枪的平均作用力为F，对枪身应用动量定理则有：Ft=0Mv1，解得：F=Mv1t=1.533.890.056N100N，故A正确，B、C、D错误；故选A。4.如图所示，在倾角为37的光滑斜面上有一根长为0.5m、质量为2kg的通电直导线，电流大小I=2A、方向垂直于纸
5、面向里，导线用平行于斜面的轻弹簧拴住不动，整个装置放在磁感应强度为5T,竖直向上的磁场中，已知弹簧的劲度系数为400N/m,整个过程未超出弹簧的弹性限度，则以下说法正确的是（g取10m/s2）A. 通电直导线对斜面的压力为19NB. 弹簧的伸长量为4mC. 如果磁感应强度增大，则弹簧的弹力减小D. 如果磁感应强度增大，则通电导线对斜面的压力减小【答案】D【解析】【详解】AB、通电直导线受到重力、斜面对其的支持力、弹簧对其的拉力和水平向右安培力作用，通电直导线受到的安培力：F安=BIL=5N，根据平衡条件可得：F弹mgsin37BILcos370=0，FN+BILsin37mgcos37=0，解
6、得：FN=mgcos37BILsin37=13N，F弹=mgsin37+BILcos37=16N，根据胡克定律可知弹簧的伸长量为：x=F弹k=16400m=0.04m，故A、B错误；CD、如果磁感应强度增大，通电直导线受到的安培力F安=BIL增大，弹簧的弹力F弹=mgsin37+BILcos37增大，斜面对通电导线的支持力FN=mgcos37BILsin37减小，故D正确，C错误；故选D。5.甲、乙两辆汽车沿同一方向做直线运动，两车在t=0时刻刚好经过同一位置，甲、乙两车做直线运动的vt图象如图所示，甲车图象为四分之一圆弧，乙车图像为倾斜直线。则下列说法正确的是A. 甲乙两车在10s时再次相遇
7、B. 乙车的加速度为3m/sC. 乙车在0-20s期间未追上甲车D. 乙车10s时的速度为15m/s【答案】B【解析】【详解】A、根据速度图象的“面积”表示位移，由几何知识看出，010s内乙车的位移小于甲车位移，故A错误；BD、10s时乙车的速度等于甲车的速度，速度为v=202102m/s=103m/s，根据图像的斜率表示加速度，乙车的加速度为：a=vt=10310m/s2=3m/s2，故B正确，D错误；C、根据速度图象的“面积”表示位移，在0-20s期间，甲的位移为：x甲=14202m=100m，乙的位移为：x乙=1220203m=2003mx甲，乙车在0-20s期间追上了甲车，故C错误；故
8、选B。6.如图所示，电源电动势为E，内阻为r。电路中的R2为总阻值一定的滑动变阻器，R1为光敏电阻（其电阻随光照强度增大而减小）。当电键S闭合时，电容器中一带电微粒恰好处于静止状态。有关下列说法中正确的是 A. 只逐渐增大R1的光照强度，电阻R2消耗的电功率变大，电压表示数减小B. 只逐渐增大R1的光照强度，带电微粒向上运动C. 只调节电阻R2的滑动端p向下端移动时，电压表示数减小，电容器所带电荷量增多D. 只调节电阻R2的滑动端p向下端移动时，带点粒子向下运动【答案】AB【解析】【详解】AB、只逐渐增大R1的光照强度，R1的阻值减小，总电阻减小，总电流增大，根据闭合电路欧姆定律可得外电压U=
9、EIr减小，电压表示数减小；根据电功率公式P=I2R可知电阻R2消耗的电功率变大， 根据欧姆定律可知滑动变阻器的电压变大，则有电容器两端的电压增大，由E=Ud可知板间电场强度增大，带电微粒受到的电场力变大，带电微粒向上运动，故A、B正确；C、只调节电阻R2的滑动端p向下端移动时，R2的阻值增大，总电阻增大，总电流减小，根据闭合电路欧姆定律可得外电压U=EIr增大，电压表示数增大；根据闭合电路欧姆定律可得电阻R2两端电压U=EI(r+R1)增大，所以电容器两端的电压变大，根据Q=CU可知电容器所带电荷量增多，由E=Ud可知板间场强增大，粒子受到的电场力变大，带电微粒向上运动，故C、D错误；故选A
10、B。7.一宇航员在地球表面和某未知星球的表面上分别做高度和初速度相同的平抛运动实验：在离地面h高处让小球以v0的初速度水平抛出，他测出在地球上小球落地点与抛出点的水平距离为2x，在未知星球上小球落地点与抛出点的水平距离为x，已知地球的半径为R，未知星球的半径为2R，万有引力常量为G，则： A. 地球表面的重力加速度是未知星球表面重力加速度4倍B. 未知星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的22倍C. 未知星球的质量约为8hR2v02Gx2D. 未知星球的密度约为4hv02GRx2【答案】BC【解析】【详解】A、小球做地球上平抛运动，在水平方：2x=v0t，解得从抛出到落地时间为：t=2xv0，
11、小球做平抛运动时在竖直方向上有：h=12gt2，解得地球上表面的重力加速度为：g=hv022x2，同理可得未知星球表面重力加速度为：g星=2hv02x2=4g，故A错误；B、根据GMmR2=mv2R=mg可得v=gR，未知星的第一宇宙速度：v星=g星2R=4hRv02x2，地球的第一宇宙速度：v=gR=hRv022x2，未知星的第一宇宙速度是地球的第一宇宙速度的22倍，故B正确；C、未知星的质量为M，静止在未知星上的物体质量为m，由万有引力等于物体的重力得：mg星=GMm(2R)2，所以可得未知星球的质量约为：M星=2h(2R)2v02Gx2=8hR2v02Gx2，故C正确；D、根据=M43R
12、3可得未知星球的密度：=8hR2v02Gx243(2R)3=3hv024RGx2，故D错误；故选BC。8.如图所示，水平传送带在电动机带动下以速度v1=1m/s匀速运动，小物块P、Q质量分别为0.3kg和0.2kg，由通过定滑轮且不可伸长的轻绳相连，t0时刻物块P放在传送带中点处由静止释放。已知物块P与传送带间的动摩擦因数为为0.5，传送带水平部分两端点间的距离为L=4m，不计定滑轮质量及摩擦，物块P与定滑轮间的绳水平。（g取g=l0ms2）A. 物块P向右运动B. 物块P的加速度为1m/s2C. 整个过程中物块P与传送带之间产生的热量为0.6JD. 1s末传送带所受的摩擦力的瞬时功率为1.5
13、W【答案】BD【解析】【详解】AB、P释放后受到最大摩擦力的大小为：f=mg=0.53=1.5N，由PQ为整体，受到的合力为：F合=Ff=21.5N=0.5N，物体将向左运动；则由牛顿第二定律可知加速度a=F合M+m=0.50.2+0.3m/s2=1m/s2，故B正确，A错误；C、P到达左侧时，位移为x=2m；用时：t=2xa=221s=2s，则物体与传送带间的相对位移x相=2+vt=2+12m=4m，则产生的热量：Q=fx相=1.54J=6J，故C错误；D、1s末传送带所受的摩擦力的瞬时功率为：P=fv=1.51W=1.5W，故D正确；故选BD。9.某实验小组用如图所示的实验装置和实验器材做
14、“探究动能定理”实验，在实验中，该小组同学把砂和砂桶的总重力当作小车受到的合外力。(1)为了保证实验结果的误差尽量小，在实验操作中，下面做法必要的是_。A实验前要对装置进行平衡摩擦力的操作B实验操作时要先放小车，后接通电源C在利用纸带进行数据处理时，所选的两个研究点离得越近越好D在实验过程中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量(2)除实验装置中的仪器外，还需要的测量仪器有_和_。(3)图为实验中打出的一条纸带，现选取纸带中的A、B两点来探究“动能定理”。已知打点计时器的打点周期为T，重力加速度为g。图中已经标明了要测量的物理量，另外，小车的质量为M，砂和砂桶的总质量为m。请你把要探究的结果用
15、题中给出的字母表达出来_。【答案】 (1). AD (2). 刻度尺 (3). 天平 (4). mgx=M(x22x12)32T2【解析】【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚；由于实验需要测量小车速度和质量，故还需要的测量仪器有刻度尺、天平；恒力做功根据W=Fscos进行计算，用平均速度代替瞬时速度的方法求出AB两点的速度，进而求出动能的改变量。【详解】(1) A项：实验前要对装置进行平衡摩擦力的操作，以保证小车所受合外力恰好是绳子的拉力，故A正确；B项：实验时，若先放开小车，再接通打点计时器电源，由于小车运动较快，可能会使打出来的点很少，不利于数据的采集和处理故B错误；C项：在利用纸带进行数据处理时，所选的两个研究点离得越近测量误差越大，故C错误；D、在实验过程中要保证砂和砂桶的总质量远小于小车的质量，这样才能使得砂和砂桶的总重力近似等于细绳对小车的拉力，故D正确。故选：AD。(2)
