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1、市一中20182019学年度开学考试题高一物理一单项选择题： 1.伽利略在研究自由落体运动时，主要遇到了两个问题：无测量瞬时速度的工具；无精确的计时仪器，关于伽利略解决上述问题的办法，下列说法正确的是（）A. 利用光滑的斜面解决了问题B. 利用x t替代v t解决了问题C. 利用x t2替代v t解决了问题D. 利用斜面上小球的运动替代自由落体运动解决了问题【答案】D【解析】AC、在伽利略时代，技术不够发达，无法直接测定瞬时速度，所以不可能直接得到速度的变化规律，但是伽利略通过数学运算得出结论：如果物体的初速度为零，而且x与t的平方成正比，就可以检验这个物体的速度是否随时间均匀变化，小球是否做
2、匀变速运动，即利用xt2替代vt解决了问题。A错误，B错误； BD、在伽利略时代，没有先进的计时仪器，因此伽利略让小球从斜面上滚下来用来“冲淡”重力，即利用斜面上小球的运动替代自由落体运动解决了问题。故C错误，D正确；故选：D。2.下列说法正确的是（ ）A. 惯性就是物体抵抗运动状态变化的性质，运动的物体惯性大，静止的物体惯性小B. 在力学范围内，国际单位制中的基本单位是：米，秒，牛顿C. 两个共点力的合力为F，如果它们之间的夹角固定不变，使其中一个力增大，合力F的大小可能不变.D. 水平地面上的物体受到的斜向下的拉力可以分解为水平向前拉物体的力和竖直向下的对地面的压力【答案】C【解析】【详解
3、】惯性就是物体抵抗运动状态变化的性质，惯性的大小与物体的运动状态无关，只与物体的质量有关，选项A错误； 在力学范围内，国际单位制中的基本单位是：米、千克、秒，牛顿是导出单位，选项B错误；当两个力同向，一个力增大，则合力一定增大；当两个力反向，一个力增大，则合力可能减小，可能增大，可能不变。故C正确。水平地面上的物体受到的斜向下的拉力可以分解为水平向前拉物体的力和竖直向下压物体的力，并不是其对地面的压力，故D错误；故选C.3.黑板擦被竖直悬挂着的磁性黑板紧紧吸住不动，下列说法正确的是（）A. 黑板擦受到四个力作用，其中有三个力的施力物体是黑板B. 黑板擦与黑板间在水平方向有一对相互作用力C. 磁
4、力和弹力是一对作用力反作用力D. 摩擦力大于重力，黑板擦才不会掉下来【答案】A【解析】黑板擦受到四个力：重力G=mg，施力物体是地球；支持力N、摩擦力f、磁力T，这三个力的施力物体都是磁性黑板，故A正确；黑板对黑板擦有支持力，则黑板擦对黑板有压力，这两个力是一对相互作用力；黑板对黑板擦有磁力，反过来，黑板擦对黑板有大小相等的磁力，这两个力是一对相互作用力；所以水平方向有两对相互作用力；黑板对黑板擦有摩擦力，则黑板擦对黑板也有摩擦力作用，这两个力是一对作用力和反作用力，但这两个力在竖直方向，故B错误；磁力和弹力是一对平衡力，大小相等，但不是相互作用力，故C错误；摩擦力和重力等大，D错误4.一名宇
5、航员在某星球上完成自由落体运动实验，让一个质量为2 kg的小球从一定的高度自由下落，测得在第4s内的位移是42 m，则（ ）A. 小球在2 s末的速度是16m/sB. 该星球上的重力加速度为12m/s2C. 小球在第4 s末的的速度是42 m/sD. 小球在4s内的位移是80m【答案】B【解析】【详解】第4s内的位移是42m，有：12gt42-12gt32=42m，t4=4s，t3=3s，解得：g=12m/s2所以2s末的速度：v2=gt2=24m/s。故A错误，B正确。小球在第4 s末的的速度是v4=gt4=48m/s ，选项C错误；小球在4s内的位移是12gt42=96m，选项D错误；故选
6、B.【点睛】此题选择某星球为情景考查匀变速直线运动的规律；解决本题的关键掌握自由落体运动的规律，注意星球上重力加速度和地球的重力加速度不同.5.甲、乙两物体从同一地点开始沿同一方向做直线运动，甲的x-t和乙的v-t图象如图所示，下列说法中正确的是A. 02秒内，甲、乙两物体之间的距离先增大后减小B. 第3秒内甲、乙两物体速度方向相同C. 24s内甲、乙的位移大小都为8mD. 06秒内，甲、乙两物体距出发点的最大距离均为4m【答案】A【解析】【详解】根据x-t图象的斜率表示速度，知02s内甲物体沿正向做速度为2m/s的匀速直线运动，乙沿正向做初速度为0的匀加速直线运动，甲的速度先大于乙的速度，后
7、小于乙的速度，则知甲、乙两物体之间的距离先增大后减小，故A正确。根据x-t图象的斜率表示速度，知第3秒内甲的速度为负。由v-t图象知第3秒内乙物体速度为正，则第3秒内甲、乙两物体速度方向相反，故B错误。24s内甲的位移大小为x=4m-（-4m）=8m，乙的位移大小为零。故C错误。06秒内，甲的位移为 x甲=0m-0m=0m，甲物体距出发点的最大距离是4m。根据v-t与时间轴所围的“面积”表示位移，知t=3s时，乙物体距出发点的距离最大，为432 m=6m。故D错误。故选A。6.最近，不少人喜欢踩着一种独轮车，穿梭街头。这种独轮车全名叫电动平衡独轮车，其中间是一个窄窄的轮子，两侧各有一块踏板。当
8、人站在踏板上向右运动时，可简化为如图甲、乙所示的模型。关于人在运动中踏板对人脚的摩擦力，下列说法正确的是A. 考虑空气阻力，当人以如图甲所示的状态向右匀速运动时，脚所受摩擦力向左B. 不计空气阻力，当人以如图甲所示的状态向右加速运动时，脚所受摩擦力向左C. 考虑空气阻力，当人以如图乙所示的状态向右匀速运动时，脚所受摩擦力可能为零D. 不计空气阻力，当人以如图乙所示的状态向右加速运动时，脚所受摩擦力不可能为零【答案】C【解析】【详解】考虑空气阻力，当人处如图甲所示的状态向右匀速运动时，根据平衡条件，则脚所受摩擦力为右，故A错误；不计空气阻力，当人处如图甲所示的状态向右加速运动时，合力向右，即脚所
9、受摩擦力向右，故B错误；当考虑空气阻力，当人处如图乙所示的状态向右匀速运动时，根据平衡条件，则重力、支持力与空气阻力处于平衡，则脚所受摩擦力可能为零，故C正确；当不计空气阻力，当人处如图乙所示的状态向右加速运动时，根据牛顿第二定律，脚受到的重力与支持力提供加速度，那么脚所受摩擦力可能为零，故D错误；故选C。【点睛】此题考查根据不同的运动状态来分析脚受到力的情况，掌握物体的平衡条件以及加速度与合外力的关系，注意人水平方向向右运动时空气阻力的方向是水平向左的7.高跷运动是一项新型运动，图甲为弹簧高跷当人抓住扶手用力蹬踏板压缩弹簧后人就向上弹起，进而带动高跷跳跃，如图乙不计空气阻力，则下列说法正确的
10、是（ ）A. 人向上弹起过程中，一直处于超重状态B. 人向上弹起过程中，踏板对人的作用力大于人对踏板的作用力C. 从最高点下落至最低点的过程，人先做匀加速运动后做匀减速运动D. 弹簧压缩到最低点时，高跷对人的作用力大于人的重力【答案】D【解析】A、人向上弹起的过程，先加速后减速，所以先超重后失重，故A错误B、人向上弹起过程中，踏板对人的作用力与人对踏板的作用力是一对相互作用力，所以大小应该是相等的，故B错误；C、从最高点下落至最低点的过程，先加速后减速，由于弹力的存在，所以不是匀变速，故C错误；D、弹簧压缩到最低点时，人有向上的加速度，所以高跷对人的作用力大于人的重力，故D正确；8.一只小船渡
11、河，水流速度各处相同且恒定不变，方向平行于岸边小船相对于静水分别做匀加速、匀减速、匀速直线运动，运动轨迹如图所示船相对于静水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，且船在渡河过程中船头方向始终不变由此可以确定船（）A. 沿AD轨迹运动时，船相对于静水做匀减速直线运动B. 沿三条不同路径渡河的时间相同C. 沿AB轨迹渡河所用的时间最短D. 沿AC轨迹船到达对岸的速度最小【答案】A【解析】当沿AD轨迹运动时，则加速度方向与船在静水中的速度方向相反，因此船相对于水做匀减速直线运动，故A错误；船相对于水的初速度大小均相同，方向垂直于岸边，因运动的性质不同，则渡河时间也不同，故B错误；船相对于水的初速度大小
12、均相同，方向垂直于岸边，由于AC轨迹船相对于静水沿v0方向做匀加速运动，AB轨迹船相对于静水沿v0方向做匀速运动，AD轨迹船相对于静水沿v0方向做匀减速运动，故沿三条不同路径渡河的时间不同，沿AC轨迹渡河所用的时间最短，故BCD错误。所以A正确，BCD错误。9.如图，倾斜的传送带以恒定的速率v0沿顺时针方向匀速转动，一小物块从传送带上端A滑上传送带，滑上时速度大小为v1、方向平行于传送带向下。若v1v0C. 从下端B离开，v=v1D. 从下端B离开，vv0【答案】B【解析】AB、滑块从A端滑上传送带，在传送带上必先相对传送带向下运动，由于不确定滑块与传送带间的摩擦力和滑块的重力沿斜面下滑分力的
13、大小关系和传送带的长度，若能从A端离开，由运动的可逆性可知，必有v=v1，故A正确，B错误；若从B端离开，当摩擦力大于重力的分力时，则vv1，当摩擦力小于重力的分力时，则vv1，可能有vv0；当摩擦力和重力的分力相等时，滑块一直做匀速直线运动，vv1，故CD正确；一定错误的是故选B。【点睛】解决本题的关键理清物块在传送带上的运动规律。10.在竖直墙壁间有质量为m、倾角为的直角楔形木块和质量为2m的光滑圆球,两者能够一起以加速度a匀加速竖直下滑,已知ag(g为重力加速度).则木块与左侧墙壁之间的动摩擦因数为（ ）A. 32tanB. 23tanC. 32cosD. 33cos【答案】A【解析】光
14、滑圆球受力如图所示由牛顿第二定律得：FN=Fcos ，2mgFsin=2ma；对直角楔形木块和光滑圆球系统，由牛顿第二定律得：3mgFN=3ma，联立解得： =32tan，故A正确，BCD错误；故选A。【点睛】关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。二多项选择题11.平抛一物体，当抛出0.5s后，速度与水平方向成300角，落地时速度与水平方向成600角，已知重力加速度g=10m/s2,则以下说法正确的是（ ）A. 初速度为10m/s。B. 落地时下落的高度为11.25m。C. 落地时竖直方向速度为15m/sD. 抛出点到落地点的水平距离为30m。【答案】BC
15、【解析】【详解】抛出后0.5s末物体竖直方向的分速度为：vy1=gt1=100.5=5m/s ；故有：v0=vy1cot30=53m/s，故A错误。落地时竖直方向的分速度 vy2=v0tan60=533=15m/s；落地时下落的高度为h=vy222g=152210m=11.25m；飞行时间t=vy2g=1510s=1.5s；抛出点到落地点的水平距离为x=v0t=531.5=1532m故BC正确，D错误。故选BC。12.如图所示，A、B、C三球的质量均为m，轻质弹簧一端固定在斜面顶端、另一端与A球相连，A、B间由一轻质细线连接，B、C间由一轻杆相连倾角为的光滑斜面固定在地面上，弹簧、细线与轻杆均平行于斜面，初始系统处于静止状态，细线被烧断的瞬间，下列说法正确的是() A. A球的加速度沿斜面向上，大小为2gsinB. C球的受力情况未变，加速度为0C. B、C两球的加速度均沿斜面向下，
