《【解析版】内蒙古赤峰市翁牛特旗2018-2019学年高二下学期开学考试物理试卷 word版含解析》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【解析版】内蒙古赤峰市翁牛特旗2018-2019学年高二下学期开学考试物理试卷 word版含解析（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、内蒙古赤峰市翁牛特旗乌丹一中2018-2019学年高二（下）开学物理试卷一、单选题1. 下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是( )A. 电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线B. 磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的C. 静电场中的电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线D. 电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布较密的地方, 同一通电导线所受的磁场力也越大【答案】C【解析】【详解】电场线和磁感线是为了描述电场和磁场假想的曲线，都不是电场或磁场中实际存在的线，选项A错误；磁场中两条磁感线一定不相交，电场中的电场线也是不相交的，选项B错
2、误；磁感线是一条闭合有方向的曲线，而电场线不是闭合的但有方向的曲线，选项C错误；电场线越密的地方，电场越强，磁感线越密的地方，磁场也越强，选项D正确；故选D.2.如图所示，真空中有一电场，a、b、c、d是电场中四点，下列说法正确的是 A. a、b两点的电场强度大小相等、方向相同B. a .c两点的电场强度大小相等、方向不同C. 将电子从b点移到d点电场力做正功D. 质子在a点的电势能比在d点的大【答案】D【解析】电场线的密集程度反映电场强度的大小，电场线沿切线的方向为电场强度的方向，由图可知a、b两点电场线的密集程度相同，故a、b两点的电场强度大小相等，但方向不同，故A错误；a、c两点的电场密
3、集程度不相同，故a、c两点的电场强度的大小不相等，方向不相同，故B错误；沿着电场线方向电势降低，负电荷在电势越低的点，电势能越大，故将电子从b点移到d点电场力做负功；正电荷在电势越高的点，电势能越大，故质子在a点的电势能比在d点的大，故C错误，D正确；选D.3.在如下所示的四幅图中，正确标明了带正电的粒子在磁场中所受洛伦兹力f方向的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】A图中由左手定则可知，洛伦兹力竖直向下，故A错误；B图中由左手定则可知，洛伦兹力竖直向上，故B正确；C图中由左手定则可知，洛伦兹力垂直于纸面向里，故C错误；D图中由左手定则可知，洛伦兹力垂直于纸面向外，故D错误；故选B4.
4、如图所示电路，电源内阻不可忽略开关S闭合后，在滑动变阻器R0的滑片向下滑动的过程中A. 电压表的示数增大，电流表的示数减小B. 电压表的示数减小，电流表的示数增大C. 电压表与电流表的示数都增大D. 电压表与电流表的示数都减小【答案】BD【解析】试题分析：滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中，则滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，电流表示数增大，内阻和R1两端电压增大，则R2的电压减小，故电压表示数减小，故A错误，B正确；滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中，则滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，内电压增大，电源路端电压减小，故C错误
5、；电容器的电压等于R2的电压，则电容器电压减小，根据Q=UC可知，电容器C所带电荷量减小，故D正确；故选BD。考点：电路的动态分析5.如图所示的U-I图象中，直线I为某电源的路端电压与电流的关系，直线为某一电阻R的伏安特性曲线，用该电源直接与电阻R连接成闭合电路，由图象可知A. 电源的输出功率为3.0wB. 电源电动势为3V，内阻为0.5C. 电源内部消耗功率为1.0wD. R的阻值为1.5【答案】D【解析】【分析】由电源的路端电压与电流的关系图象与纵轴的交点读出电源的电动势，其斜率大小等于电源的内阻。电阻R的伏安特性曲线的斜率等于电阻。两图线的交点读出电流与电压，求出电源的输出功率。【详解】
6、电源的输出功率为：P=UI=1.51=1.5W；故A错误；由图I可知，电源的电动势为3.0V，内阻r=3.02.0=1.5；故B错误；电源内部消耗的功率为：P内=I2r=1.021.5=1.5W；故C错误；由图II可知，R=UI=1.5；故D正确；故选D。6.如图所示，一个带电粒子先后以速度v和2v垂直于电场方向从某点射入平行板M、N间的匀强电场，并射出电场。不计重力，则前后两次带电粒子在电场中运动的时间之比t1：t2为A. 1：1B. 1：2C. 2：1D. 1：3【答案】C【解析】粒子在水平方向做匀速运动，则粒子在电场中运动的时间t=Lv，因两次速度之比为1:2，则运动时间之比为2:1，故
7、选C.7.某同学用一个微安表头量程100A内阻900)；电阻箱R1和电阻箱R2组装一个多用电表，有电流1mA和电压3V两挡，改装电路如图所示，则R1、R2应调到多大阻值A. R1=100，R2=3000B. R1=100，R2=2910C. R1=90，R2=3000D. R1=90，R2=2910【答案】B【解析】【详解】微安表并联一个小电阻改装成大量程得电流表，串联一个大电阻改装成大量程的电压表。根据改装图所示：当接o、a接线柱时当电流表用，根据并联电路特点得：IgRg=(I-Ig)R1代入数据解得：R1=IgRgI-Ig=10010-6900110-3-10010-6=100；当接o、b
8、接线柱时当电压表用，根据串联电路得特点得：IgRg+IR2=U；解得：R2=U-IgRgI=3-10010-6900110-3=2910.故B正确，ACD错误，故选B。8.如图，在正方形abcd范围内，有方向垂直纸面向里的匀强磁场，两个电子以不同的速率从a点沿ab方向垂直磁场方向射入磁场，其中甲电子从c点射出，乙电子从d点射出。不计重力，则甲、乙电子( )A. 速率之比为1:2B. 在磁场中运行的周期之比1:2C. 速度偏转角之比为1:2D. 电子在磁场中运动时，动能和动量均不变【答案】ACD【解析】试题分析：带电粒子在磁场中运动有，整理可得，甲、乙的半径之比为2：1，故速率之比为2：1，A正
9、确；故甲、乙周期相等，B错误；甲在磁场中运动，乙在磁场中运动，故时间之比为1：2，偏转角之比为1：2，C、D正确。考点：带电粒子在磁场中的运动9.如图是质谱仪的工作原理示意图，带电粒子被加速电场加速后，进入速度选择器速度选择器内互相垂直的匀强磁场和匀强电场的强度分别为B和E.挡板S上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2.平板S下方有强度为B0的匀强磁场下列表述正确的是A. 质谱仪是分析同位素的重要工具B. 速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里C. 能通过狭缝P的带电粒子的速率等于BED. 粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P，粒子的比荷越小【答案】A【解析】【分析】带电粒子在速度选择器
10、中受电场力和洛伦兹力平衡，做匀速直线运动，进入偏转电场后做匀速圆周运动，根据半径公式得出半径与粒子比荷的关系【详解】粒子在速度选择器中做匀速直线运动，有qE=qvB，解得v=EB.进入偏转电场后，有qvB0=mv2r，解得r=mvqB0=mEqB0B，知r越小，比荷越大。同位素电量相等，质量不同，则偏转半径不同，所以质谱仪是分析同位素的重要工具。故A正确，CD错误。因为电荷所受电场力与洛伦兹力平衡，根据左手定则知，磁感应强度的方向垂直纸面向外。故B错误。故选A。二、多选题10.在两个平行带电金属板之间存在着方向相互垂直的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里。一束带正电的粒子从板中间的左
11、侧沿平行于金属板的方向穿过（不计重力），则下列说法正确的是A. 上极板带正电B. 上极板带负电C. 带电粒子的速度大小为EBD. 带电粒子可能匀加速沿直线穿过电场【答案】AC【解析】带正电的粒子从板中间的左侧沿平行于金属板的方向穿过，根据左手定则可知，洛伦兹力向上，则电场力向下，可知上极板带正电，选项A正确。B错误；粒子受力平衡，则Eq=Bqv，解得粒子的速度v=EB，选项C正确；若带电粒子做匀加速运动，则洛伦兹力要增大，则粒子不可能沿直线穿过电场，选项D错误；故选AC.11.如图所示，将平行板电容器两极板分别与电池正、负极相接，两板间a点处一带电液滴恰好处于静止状态，现保持开关闭合，将电容器
12、的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则A. 电容器的电容增大B. 电容器的带电量减小C. 带电液滴仍将静止D. 带电液滴将向下做加速运动【答案】BD【解析】将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，根据决定式C=S4kd，知电容减小，电势差不变，则Q=CU知，电容器带电量减小故A错误，B正确电势差不变，d变大，则电场强度减小，带电液滴所受的电场力减小，小于重力，将向下做加速运动故C错误，D正确故选BD点睛：电容器的分析有两种情况，与电源相连时，电容器的电压不变，当与电源断开时，电容器的电荷量不变，灵活应用电容器的定义式C=Q/U、E=U/d和决定式C=S4kd12.某地地磁场的磁感应
13、强度大约是4.010-5T，一根长为500m的电线，电流为10A，该导线可能受到的磁场力为A. 0.2NB. 0.1NC. 0.3ND. 0.4N【答案】AB【解析】【详解】当B与I垂直时，安培力大小F=BIL，知安培力的最大值F=BIL=410-510500N=0.2N，可知安培力的大小范围0F0.2N.故A、B正确，CD错误。故选AB。三、实验题探究题13.用20分度的游标卡尺测量某物体的长度如图甲所示，可知其长度为_cm；用螺旋测微器测量某圆柱体的直径如图乙所示，可知其直径为_mm【答案】 (1). 5.015 (2). 4.700【解析】【详解】甲是20分度的卡尺，其精确度为0.05m
14、m，主尺读数为：5cm，游标上第3个刻度与上面对齐，读数为：30.05mm=0.15mm=0.015cm，故最终读数为：5cm+0.015cm=5.015cm；螺旋测微器：固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.00.01mm=0.200mm，则读数为4.5+0.200=4.700mm14.一只小灯泡，标有“3V、0.6W”字样现用右下图给出的器材测量该小灯泡正常发光时的伏安特性曲线.(滑动变阻器最大阻值为5；电源电动势为12V，内阻为1；电流表量程00.6A3A，内阻为1，电压表的内阻为10k)(1)在设计电路的过程中，为了尽量减小实验误差，电流表应采用_选填“内接”或“外接”法，电阻的测量值
15、比真实值_选填“大”或“小”，电流表量程选_，滑动变阻器的连接方式应采用_选填“分压式”或“限流式”(2)将你所设计的实验电路图尽量减小实验误差画在左下方的虚线框中_(3)用笔画线当导线，根据设计的电路图将实物图连成完整的电路图中有三根导线已经接好_【答案】 (1). 外接 (2). 小 (3). 0.6A (4). 分压式 (5). (6). 【解析】【详解】（1）因小灯泡标有“3V、0.6W”，其电阻R=U2P=90.6=15，因电阻较小，故电流表应选外接法，由于外接法中电压表的分流使电流表示数偏大，则由欧姆定律可知，电阻的测量值偏小；由P=UI可知，额定电流I=0.63=0.2A；故电流表量程应选择0.6A；根据闭合电路欧姆定律估算电路，显然滑动变阻器不能用限流式应用分压式接法；（2）由（1）的分析要知，电路如图所示： （3）连接电路如图所示，开始时滑动变阻器的滑动触头应该移到最左端四、计算题
