《2018版高考物理大一轮复习专题十一动量波粒二象性和近代物理初步第1讲动量定理动量守恒定律及其应用课时作业》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018版高考物理大一轮复习专题十一动量波粒二象性和近代物理初步第1讲动量定理动量守恒定律及其应用课时作业（4页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、专题十一动量、波粒二象性和近代物理初步第1讲动量定理动量守恒定律及其应用一、单项选择题1下列说法中正确的是()A物体的动量变化，其速度大小一定变化B物体的动量变化，其速度方向一定变化C物体的动量变化，其动能一定变化D物体的速率变化，其动量一定变化2篮球运动员通常伸出双手迎接传来的篮球接球时，两手随球迅速收缩至胸前这样做可以()A减小球对手的冲量 B减小球对手的冲击力C减小球的动量变化量 D减小球的动能变化量3在光滑的水平面上，有a、b两球，其质量分别为ma、mb，两球在t0时刻发生正碰，并且在碰撞过程中无机械能损失，两球在碰撞前后的速度时间图象如图K1111所示，下列关系正确的是()Amamb
2、 BmambCmamb D无法判断图K1111图K11124如图K1112所示，在距离车底面高20 m处以一定的初速度向左平抛质量为0.5 kg的小球，小球落在以7.5 m/s速度沿光滑水平面向右匀速行驶的敞篷小车中，车底涂有一层粘胶，车与粘胶的总质量为4 kg，设小球在落到车底前瞬时速度是25 m/s，取g10 m/s2，则当小球与小车相对静止时，小车的速度大小是()A5 m/s B4 m/s C8.5 m/s D9.5 m/s5(2013年天津卷)我国女子短道速滑队在2013年世锦赛上实现女子3000 m接力三连冠如图K1113，观察发现，“接棒”的运动员甲提前站在“交棒”的运动员乙前面，
3、并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲一把，使甲获得更大的速度向前冲出在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则()A甲对乙的冲量一定等于乙对甲的冲量B甲、乙的动量变化一定大小相等方向相反C甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量D甲对乙做多少负功，乙对甲就一定做多少正功图K1113图K11146如图K1114所示，铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸条后，铁块掉在地上的P点，若以2v的速度抽出纸条，则铁块落地点为()A仍在P点BP点左边CP点右边不远处DP点右边原水平位移的两倍处7如图K1115所示，一质量M3.0 kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放
4、一个质量m1.0 kg的小木块A.给A和B以大小均为4.0 m/s，方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离B板在小木块A做加速运动的时间内，木板速度大小可能是()图K1115A1.8 m/s B2.4 m/sC2.8 m/s D3.0 m/s二、多项选择题8(2016年河北衡水中学调研)A、B两物体在光滑水平面上沿同一直线运动，图K1116所示为发生碰撞前后的vt图线，由图线可以判断()图K1116AA、B的质量比为32BA、B作用前后总动量守恒CA、B作用前后总动量不守恒DA、B作用前后总动能不变9光滑水平地面上，A、B两物体质量都为m，A以速度v向右运动，B原来
5、静止，左端有一轻弹簧，如图K1117所示，当A撞上弹簧，弹簧被压缩最短时()图K1117AA、B系统总动量仍然为mvBA的动量变为零CB的动量达到最大值DA、B的速度相等10如图K1118所示，在质量为M的小车中挂有一单摆，摆球的质量为m0，小车和单摆以恒定的速度v沿光滑水平地面运动，与位于正对面的质量为m的静止木块发生碰撞，碰撞的时间极短，在此碰撞瞬间，下列情况可能发生的是()图K1118A小车、木块、摆球的速度都发生变化，分别变为v1、v2、v3，满足(Mm0)vMv1mv2m0v3B摆球的速度不变，小车和木块的速度发生变化，分别变为v1和v2，满足MvMv1mv2C摆球的速度不变，小车和
6、木块的速度都发生变化，变为v1，满足Mv(Mm)v1D小车和摆球的速度都变为v1，木块的速度变为v2，满足(Mm0)v(Mm0)v1mv2三、非选择题11(2016年海南卷)如图K1119所示，物块A通过一不可伸长的轻绳悬挂在天花板下，初始时静止；从发射器(图中未画出)射出的物块B沿水平方向与A相撞，碰撞后两者粘连在一起运动；碰撞前B的速度的大小v及碰撞后A和B一起上升的高度h均可由传感器(图中未画出)测得某同学以h为纵坐标，v2为横坐标，利用实验数据作直线拟合，求得该直线的斜率为k1.92 103 s2/m.已知物块A和B的质量分别为mA0.400 kg和mB0.100 kg，重力加速度大小
7、g9.80 m/s2(1)若碰撞时间极短且忽略空气阻力，求hv2直线斜率的理论值k0(2)求k值的相对误差图K1119专题十一动量、波粒二象性和近代物理初步第1讲动量守恒定律1D2B解析：由动量定理Ftp知，接球时两手随球迅速收缩至胸前，延长了手与球接触的时间，从而减小了球对手的冲击力，选项B正确3B解析：由动量守恒定律得mavamavambvb，由于vamb，则b球的动能将会大于a球最初的动能，违背能量守恒定律，则必然满足mamb.4A5B6B解析：两次抽动，二者间均为滑动摩擦力，第一次以速度v抽出，第二次以速度2v抽出，因此第一次所用的时间较第二次要长，所以第一次的摩擦力的冲量较第二次要大
8、，这样，第一次铁块的动量变化较第二次大，即第一次铁块的速度变化比第二次大，第二次铁块获得的速度要小，故第二次铁块落在P点的左边7B解析：A先向左减速到零，再向右加速运动，在此期间，木板减速运动，最终它们保持相对静止，设A减速到零时，木板的速度为v1，最终它们的共同速度为v2，取水平向右为正方向，则MvmvMv1，Mv1(Mm)v2，可得v1 m/s，v22 m/s，所以在小木块A做加速运动的时间内，木板速度大小应大于2.0 m/s而小于 m/s，只有选项B正确8ABD解析：设A的质量为m1，B的质量为m2，碰撞前后两物体组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，从图象上可得碰撞前后两者的速度，故
9、有m16m21m12m27，解得m1m232，A、B正确，C错误；碰撞前系统的总动能Ek1m162m212m1，碰撞后的总动能为Ek2m122m272m1Ek1，动能不变，故D正确9AD解析：系统水平方向动量守恒，A正确；弹簧被压缩到最短时A、B两物体具有相同的速度，D正确，B错误；但此时B的速度并不是最大的，因为弹簧还会弹开，故B物体会进一步加速，A物体会进一步减速，C错误10BC11解：(1)设物块A和B碰撞后共同运动的速度为v，由动量守恒定律有mBv(mAmB)v在碰后A和B共同上升的过程中，由机械能守恒定律有(mAmB)v2(mAmB)gh联立式得hv2由题意得k0代入题给数据得k02.04103 s2/m(2)按照定义100%由式和题给条件得6%.
