《2018届高考生物二轮复习 第二部分 科学专项提能 专项二 掌握六类热考题型 把握高考解题技巧 题型专练（四）数据计算类》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018届高考生物二轮复习 第二部分 科学专项提能 专项二 掌握六类热考题型 把握高考解题技巧 题型专练（四）数据计算类（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、题型专练(四)数据计算类1下列有关计算中，不正确的是()A用32P标记的噬菌体在不含放射性的大肠杆菌内增殖3代，具有放射性的噬菌体占总数为1/4B某DNA片段有300个碱基对，其中一条链上AT比例为40%，则复制三次该DNA片段时，总共需要720个胞嘧啶脱氧核苷酸C某蛋白质分子中含有120个氨基酸，则控制合成该蛋白质的基因中至少有720个碱基D用15N标记的精原细胞(含8条染色体)在含14N的培养基中培养，减数第一次分裂后期和减数第二次分裂后期含15N的染色体数分别是8和8解析：由DNA中碱基总数600个，及AT所占比例为40%，推知，该DNA分子中AT240，则GC360，GC180(个)，
2、该DNA分子复制3次，共需C的数目为(231)1801 260(个)。答案：B2某基因含有b个碱基对，由该基因控制合成的蛋白质含有n条肽链，已知该蛋白质的相对分子质量为m，则形成该蛋白质的氨基酸的平均相对分子质量最小为()A(m6b9n)/3Bm/3C(3m18b54n)/b D(b/3m)18解析：由基因含有b个碱基对，可知由该基因控制合成的蛋白质中氨基酸最多有b/3个。假设氨基酸的平均相对分子质量为a，则有如下关系：mab/318(b/3n)，则a(3m18b54n)/b。答案：C3将某种绿色植物的叶片放在特定的实验装置中，研究其在10 、20 的温度条件下，分别置于5 klx、10 kl
3、x光照和黑暗条件下的光合作用和细胞呼吸，结果如图。据图所做的推测中，正确的是()A该叶片在20 、10 klx的光照强度下，每小时光合作用固定的CO2量约是8.25 mgB该叶片在5 klx光照强度下，10 时积累的有机物比20 时的少C该叶片在10 、5 klx的光照强度下，每小时光合作用所产生的O2量是3 mgD通过实验可知，叶片的净光合速率与温度和光照强度均成正比解析：叶片在20 、10 klx时，每小时光合作用固定的CO2量是(102)/2(44/32)8.25 mg；在5 klx光照强度下，10 时积累的有机物比20 时的多；在10 、5 klx的光照强度下每小时光合作用所产生的O2
4、量是(61)/23.5 mg；净光合速率与植物细胞的呼吸速率和光合速率有关，仅就图中曲线而言，不能得出净光合速率与温度和光照强度的关系。答案：A4已知某双链DNA分子中，G与C之和占全部碱基总数的34%，其一条链中的T与C分别占该链碱基总数的32%和18%，则在它的互补链中，T和C分别占该链碱基总数的()A34%和16% B34%和18%C16%和34% D32%和18%解析：设该DNA分子的两条链分别为1链和2链，双链DNA分子中，G与C之和占全部碱基总数的34%，则AT占66%，又因为双链DNA分子中，互补配对的两种碱基之和占整个DNA分子比例和每条链中的比例相同，因此A1T166%，G1
5、C134%，又因为T1与C1分别占该链碱基总数的32%和18%，则A166%32%34%，G134%18%16%。根据DNA分子的碱基互补配对关系，所以T2A134%，C2G116%。答案：A5某植物种群中，AA基因型个体占30%，aa基因型个体占20%。若该种群植物自交，后代中AA、aa基因型个体出现的频率以及该植物的A、a基因频率分别为()A55%45%55%45%B42.5% 32.5% 55% 45%C55% 45% 45% 55%D42.5% 32.5% 45% 55%解析：若该种群植物自交，后代中AA的基因型频率为30%50%1/442.5%，aa的基因型频率为20%50%1/43
6、2.5%，自交不会改变基因频率，故A的基因频率为30%50%l/255%，同理a的基因频率为45%，B正确。答案：B6某弃耕地的主要食物链是植物田鼠鼬。某生态学家对此食物链的能量流动进行了研究，结果如表所示，单位是J/(hm2a)。下列说法错误的是()植物田鼠鼬固定的太阳能摄入量同化量呼吸量摄入量同化量呼吸量2.4510111.051097.501087.151082.441072.251072.18107A.能量从田鼠传递到鼬的效率是3%B流经这个生态系统的总能量是2.451011J/(hm2a)C第一次捕获并标记40只田鼠，第二次捕获30只，其中被标记的有15只，该种群密度是60只D流入某
7、一营养级的能量不可能百分之百地流到下一营养级解析：能量由田鼠传递到鼬的效率是(2.25107)(7.50108)3%。流经这个生态系统的总能量是生产者固定的太阳能，即2.451011J/(hm2a)。该种群数量为(3040)/1580(只)。流入某一营养级的能量主要有以下去向：一部分通过该营养级的呼吸作用散失了；一部分作为排出物、遗体或残枝败叶不能进入下一营养级，而被分解者利用；还有一部分未能进入下一营养级(未被捕食)。所以流入某一营养级的能量不可能百分之百地流到下一营养级。答案：C7某池塘底栖动物主要有软体动物类(铜锈环棱螺等)、寡毛类(苏氏尾鳃蚓等)、摇蚊类(羽摇蚊等)。科研人员研究了该池
8、塘底栖动物能量流动过程，构建了如图所示的模型，相关判断不正确的是()A流经底栖动物的总能量是2 119.5 kJm2a1B底栖动物同化的能量大部分用于呼吸作用C图中“X”包含被下一营养级同化的能量D在能量流动的过程中伴随着物质循环和信息传递解析： 流经底栖动物的总能量应该等于摄食能减去粪便中的能量，为477.4 kJm2a1。答案：A8如果一个精原细胞核的DNA分子都被15N标记，现只供给该精原细胞含14N的原料，则其减数分裂产生的4个精子中，含有15N、14N标记的DNA分子的精子所占比例依次为(不考虑交叉互换现象)()A100%、0 B50%、50%C50%、100% D100%、100%
9、解析：依据题意画出减数分裂过程中染色体的变化简图(如图1)。由于染色体是由DNA和蛋白质组成的，染色体的复制实际上是DNA分子的复制，而DNA分子的复制是半保留复制，故可再画出图2来帮助解题。答案：D9右图食物网中a表示鸟的食物中动物性食物所占比例，若要使鸟体重增加x，最多需要生产者量为y，那么x与y的关系可表示为()Ay90ax10x By25ax5xCy20ax5x Dy100ax10x解析：a表示鸟的食物中动物性食物所占比例，则植物性食物占的比例为1a，当能量传递效率为10%时，消费者增重x需生产者的量最多。能量传递效应按10%计算，则yax10%10%(1a)x10%90ax100ax
10、10(1a)x90ax10x。答案：A10如图是人类某一家族遗传病甲和遗传病乙的遗传系谱图(设遗传病甲与A、a这一对等位基因有关，遗传病乙与另一对等位基因B、b有关，且甲、乙两种遗传病中至少有一种是伴性遗传病)。下列有关说法不正确的是()A乙病为伴性遗传病B7号和10号的致病基因都来自1号C5号的基因型一定是AaXBXbD3号与4号再生一个两病兼患男孩的可能性为3/16解析：对于甲病来说，3、4和8号的患病情况说明甲病为显性遗传病，4号患病而8号不患病，说明不是伴性遗传病，所以甲病是常染色体上的显性遗传病。根据题意可知乙病是伴性遗传病。3、4和7号的患病情况说明乙病为伴X染色体隐性遗传病。所以
11、3号和4号的基因型为AaXBXb和AaXBY，则其再生一个两病皆患男孩的可能性为(3/4)(1/4)3/16。5号患甲病，含有A基因，因为9号不患病，所以5号甲病对应的基因型为Aa；对于乙病来说，5号正常而10号患病，所以5号基因型为XBXb，可得出5号的基因型为AaXBXb。10号的患病基因是1号通过5号传递而来的，但7号的致病基因来自3号。答案：B11回答下列有关能量流动的计算题：(1)如图所示的食物网中，若人的体重增加1 kg，最少消耗水藻_kg，最多消耗水藻_kg。(2)若植食性动物粪便中的能量为M，呼吸作用消耗的能量为R，用于自身生长、发育和繁殖等生命活动的能量为N，则该植食性动物的
12、同化量可表示为_。若杂食性动物的食物中草占1/3，则其体重增加30 kg，需消耗草_kg(能量传递效率按10%计算)。(3)下图为某生态系统食物关系图。若鸟的食物是互花米草和植食性昆虫，由原来的21调整为11后，鸟的数量变为原来的_。(传递效率按20%计算)(4)某自然保护区地震后，据不完全统计，植被毁损达到30%以上，下图为该地区人为干预下恢复过程的能量流动图(单位：103 kJm2a1)。请回答：第一营养级到第二营养级的能量传递效率为_(保留1位小数)。第二营养级到第三营养级的能量传递效率为_(保留1位小数)。解析：(1)能量在相邻两个营养级间的传递效率是10%20%。求最少消耗水藻时，选
13、最短的食物链，即水藻小鱼人，传递效率按20%计算，设最少消耗水藻为X，则X20%20%1 kg，X25 kg；求最多消耗水藻时，选最长的食物链，即水藻水蚤虾小鱼大鱼人，传递效率按10%计算，设最多消耗水藻为Y，则Y10%10%10%10%10%1 kg，Y100 000 kg。(2)杂食性动物的食物中1/3来自草，那么2/3来自植食性动物，共需草1/33010%2/33010%10%2 100(kg)。(3)调整前为21时，每增加m千克鸟需互花米草的量为2/3m51/3m5535/3m，则每单位的互花米草能增加鸟为3/35m；调整后为11时，每增加m千克鸟需互花米草的量为：1/2m51/2m5530/2m，则每单位的互花米草能增加鸟为2/30 m，故调整后鸟的数量为原来的(2/30m)/(3/35m)7/9。(4)据题意知，该类计算利用了生态系统的能量流动原理。第一营养级到第二营养级的能量传递效率为：14/(3147023)100%12.7%。第二营养级到第三营养级的能量传递效率为：(1420.549)/(142)100%15.6%或(0.050.252.15.15)/(142)100%15.6%。答案：(1)25100 000(2)NR2 100(3)7/9 (4)12.7%15.6%
