《河南省南阳市社旗一高2015届高三物理上学期第二次月考试卷（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《河南省南阳市社旗一高2015届高三物理上学期第二次月考试卷（含解析）（15页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、河南省南阳市社旗一高 2015届高三上学期第二次月考物理试卷一、选择题（每题4分，共40分其中第1，2，3，4，5，8题为单项选择，6，7，9，10为多项选择）1以下是物理学中的四个实验装置或仪器，由图可知这四个实验或仪器共同的物理思想方法是( )A极限的思想方法B猜想的思想方法C控制变量的方法D放大的思想方法考点：物体的弹性和弹力；万有引力定律的发现和万有引力恒量的测定 分析：根据各实验的原理可得出实验中应用的物理思想方法解答：解：桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大；玻璃瓶的受力微小形变借助于液体体积变化而放大；引力大小仍是借助于光的反射来放大螺旋测微器将本来很小的距离放大在转动部分上，
2、故这些实验本采用了放大的思想方法；故选：D点评：对于物理问题应透过现象去分析本质，要寻找出问题的相似性2质点作直线运动时的加速度随时间变化的关系如图所示，该图线的斜率为k，图中斜线部分面积S，下列说法正确的是( )A斜率k表示速度变化的快慢B斜率k表示速度变化的大小C面积S表示t1t2的过程中质点速度的变化量D面积S表示t1t2的过程中质点的位移考点：匀变速直线运动的图像 专题：运动学中的图像专题分析：斜率k=，表示加速度变化快慢将图线分成若干段，每一小段看成加速度不变，通过微元法得出斜线部分的面积表示什么解答：解：A、斜率k=，表示加速度变化快慢，故AB错误；C、将at图线分成无数段，每一段
3、加速度可以看成不变，则每一小段所围成的面积v1=a1t1，v2=a2t2，v3=a3t3，则总面积为v1+v2+v3+=v斜线部分的面积表示速度的变化量故C正确，D错误故选C点评：解决本题的关键运用微元法进行分析，与速度时间图线与时间轴围成的面积表示位移类似3倾角为=30的长斜坡上有C、O、B三点，CO=OB=10m，在O点竖直地固定一长10m的直杆AOA端与C点间和坡底B点间各连有一光滑的钢绳，且各穿有一钢球（视为质点），两球从A点由静止开始，同时分别沿两钢绳滑到钢绳末端，如图所示，则小球在钢绳上滑行的时间tAC和tAB分别为( )A2s 和2sBs和2sCs和4sD4s和s考点：牛顿第二定
4、律；匀变速直线运动的位移与时间的关系 专题：牛顿运动定律综合专题分析：由几何知识确定出AC与AB的倾角和位移，由牛顿第二定律求出两球的加速度a，由位移公式x=求解时间解答：解：由几何知识得，AC的倾角为=30，位移xAC=10mAC的倾角为=60，位移xAB=10m沿AC下滑的小球，加速度为a1=gsin30=5m/s2，由xAC=得，tAC=s=2s沿AB下滑的小球，加速度为a2=gsin60=5m/s2，由xAB=得，tAB=2s故选：A点评：本题运用牛顿第二定律和运动学公式结合求解匀加速运动的时间，关键要根据几何知识求出AC与AB的倾角和位移4如图所示，质量为m1和m2的两个物体用细线相
5、连，在大小恒定的拉力F作用下，先沿水平面，再沿斜面（斜面与水平面成角），最后竖直向上运动则在这三个阶段的运动中，细线上张力的大小情况是( )A由大变小B由小变大C始终不变D由大变小再变大考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 专题：牛顿运动定律综合专题分析：以两物体组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律求出加速度，然后以单个物体为研究对象，由牛顿第二定律求出细线上的拉力解答：解：设细线上的张力为F1要求F1，选受力少的物体m1为研究对象较好；此外还必须知道物体m1的加速度a，要求加速度a，则选m1、m2整体为研究对象较好在水平面上运动时：F1m1g=m1aF（m1+m2）g=（m1+m2）a联
6、立解得：F1=在斜面上运动时：F1m1gsinm1gcos=m1aF（m1+m2）gsin（m1+m2）gcos=（m1+m2）a联立解得：F1=同理可得，竖直向上运动时，细线上的张力F1仍是故选：C点评：本题考查了求细线的拉力，应用牛顿第二定律即可正确解题，解题时注意整体法与隔离法的应用； 同时本题可以作为结论应用5已知一足够长的传送带与水平面的倾角为，以一定的速度匀速运动某时刻在传送带适当的位置放上具有一定初速度的物块（如图a所示），以此时为t=0时刻纪录了小物块之后在传送带上运动的速度随时间的变化关系，如图b所示（图中取沿斜面向上的运动方向为正方向，其中两坐标大小v1v2）已知传送带的速
7、度保持不变，g取10m/s2则下列判断正确的是( )A0t1内，物块对传送带做正功B物块与传送带间的动摩擦因数为，tanC0t2内，传送带对物块做功为W=mv22mv12D系统产生的热量一定比物块动能的减少量大考点：牛顿第二定律；功能关系 专题：传送带专题分析：由图看出，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上0t1内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，可知物块对传送带做功情况由于物块能向上运动，则有 mgcosmgsin根据动能定理研究0t2内，传送带对物块做功根据能量守恒判断可知，物块的重力势能减小、动能也减小都转化为系统产生的内能，则系统产生的热量大小一定大于物块动能的变
8、化量大小解答：解：A、由图知，物块先向下运动后向上运动，则知传送带的运动方向应向上0t1内，物块对传送带的摩擦力方向沿传送带向下，则物块对传送带做负功故A错误B、在t1t2内，物块向上运动，则有 mgcosmgsin，得tan故B错误C、0t2内，由图“面积”等于位移可知，物块的总位移沿斜面向下，高度下降，重力对物块做正功，设为WG，根据动能定理得：W+WG=，则传送带对物块做功W故C错误D、物块的重力势能减小、动能也减小都转化为系统产生的内能，则由能量守恒得知，系统产生的热量大小一定大于物块动能的变化量大小故D正确故选：D点评：本题由速度图象要能分析物块的运动情况，再判断其受力情况，得到动摩
9、擦因数的范围，根据动能定理求解功是常用的方法6如图（甲）所示的电路，不计电表内阻的影响，改变滑动变阻器的滑片位置，测得电压表V1和V2随电流表A的示数变化的两条实验图象，如图（乙）所示关于这两条实验图象( )A图线b的延长线一定过坐标的原点OB图线a的延长线与纵轴交点的纵坐标值等于电源的电动势C图线a、b交点的横坐标和纵坐标值的乘积小于电源的输出功率D图线a、b交点的横坐标和纵坐标值的乘积等于电阻Ro消耗的电功率考点：闭合电路的欧姆定律；路端电压与负载的关系；电功、电功率 分析：根据欧姆定律分析得知，当电路中电流增大时，电压V1的示数增大，内电压增大，电压表V2的读数减小，即可知两条图线分别是
10、哪只电压表示数的图象分析两图象的交点表示电阻R0接在该电源上的工作状态解答：解：A、当电路中电流增大时，电源的内电压增大，路端电压减小，电压V2的示数增大，内电压增大，电压表V1的读数减小，则根据图象可知，图象b是电压表V2的示数与I的关系图象而R0是定值电阻，电压与电流成正比，则图象b的延长线一定过坐标原点O故A正确B、图象a是电压表V1的示数与I的关系图象，反映电源的特性，当I=0时，U=E，故图线a的延长线与纵轴交点的坐标值等于电源的电动势故B正确CD、图象a反映电源的特性，图象b反映电阻R0的特性，两图象的交点表示电阻R0接在该电源上的工作状态，则交点的横、纵坐标值的乘积等于该状态下电
11、阻R0消耗的瞬时功率，也表示电源的输出功率故C错误，D正确故选：ABD点评：本题要通过分析电路中电路的电压和电流变化变化找到与图象的对应关系，要理解交点的物理意义7地球同步卫星距地面高度为h，地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，地球的自转角速度为，那么同步卫星绕地球转动的线速度为( )Av=（R+h）Bv=Cv=RDv=考点：同步卫星 专题：人造卫星问题分析：研究同步卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求出线速度大小；也可以根据线速度定义求出线速度大小解答：解：A、同步卫星与地球同步，做匀速圆周运动，则线速度定义可得：，故A正确；B、由于地球的引力提供向心力，让同步卫
12、星做匀速圆周运动，则有：解之得：，故B错误；C、由黄金代换式：g=，可得：v=，故C正确；D、根据及g=得：解得：r=，则v=，故D正确故选：ACD点评：本题考查了万有引力在天体中的应用，解题的关键在于找出向心力的来源，并能列出等式解题万有引力定律得应用要结合圆周运动的知识解决问题8如图所示，质量为m的物体在水平传送带上有静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v做匀速运动物体与传送带之间的动摩擦因数为，物体最后能与传送带保持相对静止对于物体从开始释放到与传送带相对静止这一过程，下列说法正确的是( )A电动机多做的功为mv2B摩擦力对物体做的功为mv2C传送带克服摩擦力做的功为mv2D电动
13、机增加的功率为mgv考点：功的计算；电功、电功率 专题：功的计算专题分析：物体在传送带上运动时，物体和传送带要发生相对滑动，所以电动机多做的功一部分转化成了物体的动能另一部分就是增加了相同的内能解答：解：A、电动机多做的功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是，所以电动机多做的功一定要大于，所以A错误B、在运动的过程中只有摩擦力对物体做功，由动能定理可知，摩擦力对物体做的功等于物体动能的变化，即为，所以B错误C、传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功，所以由A的分析可知，C错误D、电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小为fv=mgv，所以D正确故选：D点评：当物体之间
14、发生相对滑动时，一定要注意物体的动能增加的同时，相同的内能也要增加，这是解本题的关键地方9如图所示，两根平行光滑导电轨道竖直放置，处于垂直轨道平面的匀强磁场中，金属杆ab接在两导轨间，在开关S断开时让金属杆自由下落，金属杆下落的过程中始终保持与导轨垂直并与之接触良好设导轨足够长且电阻不计，闭合开关S并开始计时，金属杆ab的下落速度随时间变化的图象可能是以下四个图中的( )ABCD考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化 专题：电磁感应功能问题分析：开关S闭合前，ab自由下落，开关S闭合时ab杆切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，受到安培力，分析安培力与重力可能的关系，再判断杆的运动情况解答：解：A、闭合开关时，若重力与安培力相等，则金属杆做匀速直线运动该图象是可能的，故A正确BC、若安培力小于重力，则加速度的方向向下，金属杆做加速运动，在加速运动的过程中，速度增大，产生的感应电流增大，杆所受的安培力增大，则加速度减小，做加速度逐渐减小的加速运动，当重力与安培力相等时，做匀速直线运动故B不可能，C可能故B错误，C正确D、若安培力大于重力，则加速度的方向向上，做减速运动，减速运动的过程中，安培
