《2015届高中数学二轮复习 专题6 不等式、推理与证明、算法框图与复数（第2讲）课时作业 新人教a版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2015届高中数学二轮复习 专题6 不等式、推理与证明、算法框图与复数（第2讲）课时作业 新人教a版（9页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、【走向高考】2015届高中数学二轮复习 专题6 不等式、推理与证明、算法框图与复数（第2讲）课时作业 新人教A版一、选择题1(2013常德市模拟)设m、n是不同的直线，、是不同的平面，且m、n，则“”是“m且n”的()A充分不必要条件 B必要不充分条件C充分必要条件D既不充分也不必要条件答案A解析m、n，m且n；若m，n，m，n，则当m与n相交时，否则不成立，故选A.2过点P(1,1)的直线，将圆形区域(x，y)|x2y24分为两部分，使得这两部分的面积之差最大，则该直线的方程为()Axy20By10Cxy0Dx3y40答案A解析本题主要考查了过圆内一点最短弦问题及点斜式方程的求法两部分的面积
2、之差最大是指直线与圆相交弦长最短时，此时直线与OP垂直(如图所示)，kOP1，则所求直线斜率为1.故所求直线方程为y1(x1)即xy20.3(文)(2014衡水中学模拟)若an是等差数列，首项a10，a2011a20120，a2011a20120成立的最大正整数n是()A2011B2012C4022D4023答案C解析a2011a20120，a2011a20120，a20110，a20120，S4023f(x)成立，则()Af(ln2014)2014f(0)Df(ln2014)与2014f(0)的大小关系不确定答案C解析令g(x)，则g(x)0，g(x)为增函数，ln20140，g(ln201
3、4)g(0)，即，f(ln2014)2014f(0)，故选C.5将正奇数1,3,5,7，排成五列(如下表)，按此表的排列规律，89所在的位置是()A第一列B第二列C第三列D第四列答案D解析正奇数从小到大排，则89位居第45位，而454111，故89位于第四列6观察下图：则第()行的各数之和等于20112.()A2010B2009C1006D1005答案C解析由题设图知，第一行各数和为1；第二行各数和为932；第三行各数和为2552；第四行各数和为4972；，第n行各数和为(2n1)2，令2n12011，解得n1006.点评观察可见，第1行有1个数，第2行从2开始有3个数，第3行从3开始有5个数
4、，第4行从4开始有7个数，第n行从n开始，有2n1个数，因此第n行各数的和为n(n1)(n2)(3n2)(2n1)2.二、填空题7(文)(2013眉山二诊)已知222，332，442，若992(a、b为正整数)，则ab_.答案89解析观察前三式的特点可知，3221,8321,15421，故其一般规律为nn2，此式显然对任意nN，n2都成立，故当n9时，此式为981，a80，b9，ab89.(理)(2013陕西理，14)观察下列等式121，12223，1222326，1222324210，照此规律，第n个等式可为_答案12223242(1)n1n2(1)n1(nN*)解析观察上述各式等号左边的规
5、律发现，左边的项数每次加1，故第n个等式左边有n项，每项所含的底数的绝对值也增加1，依次为1,2,3n，指数都是2，符号成正负交替出现可以用(1)n1表示，等式的右边数的绝对值是左边项的底数的和，故等式的右边可以表示为(1)n1，所以第n个式子可为12223242(1)n1n2(1)n1(nN*)8(2014哈三中二模)对称数是指从左到右读与从右到左读都一样的正整数，如22,121,3443,94249等，显然2位对称数有9个；11,22,33，99,3位对称数有90个，101,111,121，191,202，999，则2n1(nN*)位对称数有_个答案910n解析易知对称数的位数与个数如表：
6、位数2345个数990909002n1倍对称数有910n个9(文)(2014东北三省三校二模)观察下列等式：1312,132332,13233362,13233343102，根据上述规律，第n个等式为_答案1323n3解析本题考查归纳推理，等式左边是连续n个正整数的立方和，右边的数都是整数的平方，由于11,123,1236,123410，第n个等式右边是(123n)2，即2，故填1323n3.(理)(2014石家庄模拟)已知数列an：，根据它的前10项的规律，则a99a100的值为_答案解析由前10项的构成规律知，分子分母和为n1(nN*)的共有n项，从和为2到和为n1的最后一项，共有123n
7、项，当n13时，91，n14时，105，因此a99和a100分别为和为15的第8项和第9项，a99a100.三、解答题10(文)已知函数f(x)lnx(aR)，当x1时，函数yf(x)取得极小值(1)求a的值；(2)证明：若x(0，)，则f(x)x.解析(1)函数f(x)的定义域为(0，)，f (x).x1时函数yf(x)取得极小值，f (1)0，a1.当a1时，在(0,1)内f (x)0，x1是函数yf(x)的极小值点，满足题意a1.(2)证明：f(x)x等价于：f(x)x令g(x)f(x)x，则g (x)1，令h(x)x2x1.h(0)10，h()0，0x时，g(x)g()，即g(x)2l
8、n2(1ln2)，f(x)x.(理)(2014沈阳市质检)已知函数f(x)mxsinx，g(x)axcosx2sinx(a0)(1)若函数yf(x)是(，)上的单调递增函数，求实数m的最小值；(2)若m1，且对于任意x0，都有不等式f(x)g(x)成立，求实数a的取值范围解析(1)函数f(x)mxsinx在R上单调递增，f(x)0恒成立，f(x)mcosx，mcosx，mmin1.(2)m1，函数f(x)xsinx，f(x)g(x)，xsinxaxcosx0，对于任意x0，令H(x)xsinxaxcosx，则H(x)1cosxa(cosxxsinx)1(1a)cosxaxsinx.当1a0时，
9、即00，H(x)在0，上为单调增函数，H(x)H(0)0符合题意，0a1；当1a1时，令h(x)1(1a)cosxaxsinx，于是h(x)(2a1)sinxaxcosx，a1，2a10，h(x)0，h(x)在0，上为单调增函数，h(0)h(x)h()，即2ah(x)a1，2aH(x)a1.()当2a0，即1a2时，H(x)0，H(x)在0，上为单调增函数，于是H(x)H(0)0，符合题意，1a2；()当2a2时，存在x0(0，)，使得当x(0，x0)时，有H(x)0，此时H(x)在(0，x0)上为单调减函数，从而H(x)0恒成立综上所述，实数a的取值范围为0a2.一、选择题11(文)(201
10、3重庆理，6)若abc，则函数f(x)(xa)(xb)(xb)(xc)(xc)(xa)的两个零点分别位于区间()A(a，b)和(b，c)内B(，a)和(a，b)内C(b，c)和(c，)内D(，a)和(c，)内答案A解析因为ab0，f(b)(bc)(ba)0，由零点存在性定理知，选A.(理)(2014山东理，4)用反证法证明命题“设a、b为实数，则方程x3axb0至少有一个实根”时，要做的假设是()A方程x3axb0没有实根B方程x3axb0至多有一个实根C方程x3axb0至多有两个实根D方程x3axb0恰好有两个实根答案A解析至少有一个实根的否定为：没有实根12(文)正方形ABCD的边长是a，
11、依次连接正方形ABCD各边中点得到一个新的正方形，再依次连接新正方形各边中点又得到一个新的正方形，依次得到一系列的正方形，如图所示现有一只小虫从A点出发，沿正方形的边逆时针方向爬行，每遇到新正方形的顶点时，沿这个正方形的边逆时针方向爬行，如此下去，爬行了10条线段则这10条线段的长度的平方和是()A.a2B.a2C.a2D.a2答案A解析由题可知，这只小虫爬行的第一段长度的平方为a(a)2a2，第二段长度的平方为a(a)2a2，从而可知，小虫爬行的线段长度的平方可以构成以aa2为首项，为公比的等比数列，所以数列的前10项和为S10.(理)对于大于1的自然数m的三次幂可以用技术进行以下方式的“分裂”：23，33，43，仿此，若m3的“分裂数”中有一个是59，则m()A7B8C9D10答案B解析由23,33,43的“分裂”规律可知m3的分裂共有m项，它们都是连续的奇数，其第一个奇数为(m2)(m1)3，当m8时，第一个奇数为57，故m8，此时8357596163656769
