《江苏省2013-2014学年高二物理下学期期末考试试题(含解析)》由会员分享,可在线阅读,更多相关《江苏省2013-2014学年高二物理下学期期末考试试题(含解析)(19页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、江苏省南通一中2013-2014学年下学期期末考试高二物理试卷一单项选择题,本题包括7小题,每小题3分,共21分在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确选对的得3分,选错或不答的得0分1应用物理知识分析生活中的常见现象,可以使物理学习更加有趣和深入例如平伸手掌托起物体,由静止开始竖直向上运动,直至将物体抛出对此现象分析正确的是()A. 手托物体向上运动的过程中,物体始终处于超重状态B. 手托物体向上运动的过程中,物体始终处于失重状态C. 在物体离开手的瞬间,物体的加速度大于重力加速度D. 在物体离开手的瞬间,手的加速度大于重力加速度考点:超重和失重;牛顿第二定律.分析:超重指的是物体加速度方
2、向向上,失重指的是加速度方向下,但运动方向不可确定由牛顿第二定律列式分析即可解答:解:A、超重和失重指的是物体加速度方向,不是指运动方向,若匀速上升,则不超重也不失重,故A错误B、由A分析可得,B错误;C、重物和手有共同的速度和加速的时,二者不会分离,故物体离开手的瞬间,物体向上运动,物体的加速度等于重力加速度,但手的加速度大于重力加速度应大于重力加速度,并且方向竖直向下,故C错误;D、由C分析知,D正确故选:D点评:超重和失重仅仅指的是一种现象,但物体本身的重力是不变的,这一点必须明确重物和手有共同的速度和加速的时,二者不会分离2如图,用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点,制成一简
3、易秋千,某次维修时将两轻绳各剪去一小段,但仍能保持等长且悬挂点不变,木板静止时,F1表示木板所受合力的大小,F2表示单根轻绳对木板拉力的大小,则维修后()A. F1不变,F2变大 B. F1变大,F2变小 C. F1变大,F2变大 D. F1变小,F2变小考点:共点力平衡的条件及其应用;物体的弹性和弹力.专题:共点力作用下物体平衡专题分析:木板静止时,受重力和两个拉力而平衡,根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可解答:解:木板静止时,受重力和两个拉力而平衡,故三个力的合力为零,即:F1=0;根据共点力平衡条件,有:2F2cos=mg解得:F2=当细线变短时,细线与竖直方向的夹角增加,故
4、cos减小,拉力F2变大故选:A点评:本题是简单的三力平衡问题,关键是受力分析后运用图示法分析,不难3如图所示,用完全相同的轻弹簧A、B、C将两个相同的小球连接并悬挂,小球处于静止状态,弹簧A与竖直方向的夹角为30,弹簧C水平,则弹簧A、C的伸长量之比为()A:4B4:C1:2D2:1考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;胡克定律.专题:共点力作用下物体平衡专题分析:将两球和弹簧B看成一个整体,分析受力情况,根据平衡条件求出弹簧A、C拉力之比,即可由胡克定律得到伸长量之比解答:解:将两球和弹簧B看成一个整体,整体受到总重力G、弹簧A和C的拉力,如图,设弹簧A、C的拉力分别为F1
5、和F2由平衡条件得知,F2和G的合力与F1大小相等、方向相反 则得:F2=F1sin30=0.5F1根据胡克定律得:F=kx,k相同,则 弹簧A、C的伸长量之比等于两弹簧拉力之比,即有xA:xC=F1:F2=2:1故选:D点评:本题首先要选择好研究对象,其次正确分析受力情况,作出力图,再由平衡条件求解4(3分)物块A1、A2、B1和B2的质量均为m,A1、A2用刚性轻杆连接,B1、B2用轻质弹簧连接两个装置都放在水平的支托物上,处于平衡状态,如图所示今突然迅速地撤去支托物,让物块下落在除去支托物的瞬间,A1、A2受到的合力分别为f1和f2,B1、B2受到的合力分别为F1和F2则()Af1=0,
6、f2=2mg,F1=0,F2=2mgBf1=mg,f2=mg,F1=0,F2=2mgCf1=0,f2=2mg,F1=mg,F2=mgDf1=mg,f2=mg,F1=mg,F2=mg考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用;胡克定律.专题:共点力作用下物体平衡专题分析:在除去支托物的瞬间,A1、A2一起下落,根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究A1、A2所受的合力采用隔离法B1、B2受到的合力解答:解:在除去支托物的瞬间,A1、A2由于用刚性轻杆连接,A1、A2与刚性轻杆一起下落,根据牛顿第二定律,对整体研究得到,整体的加速度等于重力加速度g,则A1、A2受到的合力都等于各自的重力
7、,即f1=mg,f2=mg在除去支托物前,根据平衡条件得知,弹簧的弹力大小等于mg,支托物对B2的支持力大小等于2mg在除去支托物的瞬间,弹簧的弹力没有来得及变化,B1的受力情况没有变化,则B1所受合力为零,即F1=0B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小2mg,即F2=2mg故选B点评:本题是瞬时问题,要抓住刚性物体的弹力可突变,而弹簧的弹力不能突变5以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时,一个物体所受空气阻力可忽略,另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比,下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是()ABCD考点:匀变速直线运动的图像.专题:运动学中的图像专题分析:
8、竖直上抛运动是初速度为零的匀变速直线运动,加速度恒定不变,故其vt图象是直线;有阻力时,根据牛顿第二定律判断加速度情况,vt图象的斜率表示加速度解答:解:没有空气阻力时,物体只受重力,是竖直上抛运动,vt图象是直线;有空气阻力时,上升阶段,根据牛顿第二定律,有:mg+f=ma,故a=g+,由于阻力随着速度而减小,故加速度逐渐减小,最小值为g;有空气阻力时,下降阶段,根据牛顿第二定律,有:mgf=ma,故a=g,由于阻力随着速度而增大,故加速度增减小;vt图象的斜率表示加速度,故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g,切线与虚线平行;故选:D点评:本题关键是明确vt图象上某点的切线斜率表示加速度,
9、速度为零时加速度为g,不难6气体能够充满密闭容器,说明气体分子除相互碰撞的短暂时间外()A气体分子可以做布朗运动B气体分子的动能都一样大C相互作用力十分微弱,气体分子可以自由运动D相互作用力十分微弱,气体分子间的距离都一样大考点:分子动理论的基本观点和实验依据专题:分子运动论专题分析:正确解答本题需要掌握:布朗运动特点;分子的平均动能与温度之间的统计规律关系;明确气体分子之间力特点:分子之间距离很大,分子力近似为零解答:解:A、布朗运动是固体小颗粒的运动,故A错误;B、气体分子的运动是杂乱无章的,表示气体分子的速度大小和方向具有不确定性,与温度的关系是统计规律,故B错误;C、气体分子的相互作用
10、力十分微弱,气体分子可以自由运动造成气体没有固定形状,故C正确;D、气体分子的相互作用力十分微弱,但是由于频繁撞击使得气体分子间的距离不是一样大,D错误故选C点评:分子平均动能、平均速率和温度的关系遵循统计规律,同时注意气体分子间作用力特点7如图是研究光电效应的电路,则下列关于光电流与电压的关系图象正确的是()ABCD考点:光电效应专题:光电效应专题分析:根据光电效应方程知,不同的频率光产生的光电子的最大初动能不同,则遏止电压不同,根据遏止电压判断入射光频率的高低光越强,单位时间内发出光电子数目越多,光电流越大解答:解:同一种光的频率相等,根据光电效应方程Ekm=hvW0,最大初动能相等,通过
11、Ekm=eUC,知遏止电压相等,蓝光的频率大于黄光的频率,则蓝光的遏止电压大于黄光的遏止电压光越强,单位时间内产生的光电子数目越多,光电流越大故A正确,B、C、D错误故选A点评:解决本题的关键掌握光电效应方程,以及知道入射光频率与遏止电压的关系,以及知道光强影响光电流的大小二多项选择题:本题共9小题,每小题4分,共36分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分,选对但不全的得2分,错选或不答的得0分8两个共点力Fl、F2大小不同,它们的合力大小为F,则()AF1、F2同时增大一倍,F也增大一倍BF1、F2同时增加10N,F也增加10NCF1增加10N,F2减少10N,F一定不变D若F1、F2中
12、的一个增大,F不一定增大考点:力的合成.专题:受力分析方法专题分析:两个大小不等的共点力F1、F2,根据平行四边形定则表示出合力进行求解解答:解:A、根据平行四边形定则,F1、F2同时增大一倍,F也增大一倍,故A正确B、Fl、F2方向相反,F1、F2同时增加10N,F不变,故B错误C、Fl、F2方向相反,F1增加10N,F2减少10N,F可能增加20N,故C错误D、Fl、F2方向相反,若F1、F2中的一个增大,F不一定增大,故D正确故选:AD点评:解决本题关键知道力的合成与分解遵循平行四边形定则,会根据平行四边形定则去求合力或分力9一质点在外力作用下做直线运动,其速度v随时间t变化的图象如图所
13、示,在图中标出的时刻中,质点所受合外力的方向与速度方向相同的有()At1Bt2Ct3Dt4考点:牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像.专题:牛顿运动定律综合专题分析:根据牛顿第二定律,合外力方向与加速度方向相同,当加速度与速度同向时物体做加速运动解答:解:A、C、t1时刻与t3时刻,物体正加速,故加速度与速度同向,而加速度和合力同向,故合力与速度同方向,故A正确,C正确;B、D、t2时刻与t4时刻,物体正减速,故合力与速度反向,故B错误,D错误;故选:AC点评:本题关键是明确直线运动中,物体加速时合力与速度同向;物体减速时合力与速度反向,基础题目10如图所示,总质量为460kg的热气球,从地面刚
14、开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2,当热气球上升到180m时,以5m/s的速度向上匀速运动若离开地面后热气球所受浮力保持不变,上升过程中热气球总质量不变,重力加速度g=10m/s2关于热气球,下列说法正确的是()A所受浮力大小为4830NB加速上升过程中所受空气阻力保持不变C从地面开始上升10s后的速度大小为5m/sD以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N考点:共点力平衡的条件及其应用;力的合成与分解的运用.专题:压轴题;共点力作用下物体平衡专题分析:气球受重力、浮力和阻力,先加速后匀速,故加速度变化,合力变化,故阻力变化;开始时速度为零,空气阻力为零,根据牛顿第二定律列式求解出浮力;最后匀速,再根据平衡条件列式求解解答:解:A、从地面刚开始竖直上升时,速度为零,故阻力为零,气球受重力和浮力,根据牛顿第二定律,有:F浮mg=ma解得:F浮=m(g+a)=460(10+0.5)N=4830N,故A正确;B、气球受重力、