《江苏省2013-2014学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏省2013-2014学年高二物理下学期期末考试试题（含解析）（19页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、江苏省南通一中2013-2014学年下学期期末考试高二物理试卷一单项选择题，本题包括7小题，每小题3分，共21分在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确选对的得3分，选错或不答的得0分1应用物理知识分析生活中的常见现象，可以使物理学习更加有趣和深入例如平伸手掌托起物体，由静止开始竖直向上运动，直至将物体抛出对此现象分析正确的是（）A. 手托物体向上运动的过程中，物体始终处于超重状态B. 手托物体向上运动的过程中，物体始终处于失重状态C. 在物体离开手的瞬间，物体的加速度大于重力加速度D. 在物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度考点：超重和失重；牛顿第二定律.分析：超重指的是物体加速度方
2、向向上，失重指的是加速度方向下，但运动方向不可确定由牛顿第二定律列式分析即可解答：解：A、超重和失重指的是物体加速度方向，不是指运动方向，若匀速上升，则不超重也不失重，故A错误B、由A分析可得，B错误；C、重物和手有共同的速度和加速的时，二者不会分离，故物体离开手的瞬间，物体向上运动，物体的加速度等于重力加速度，但手的加速度大于重力加速度应大于重力加速度，并且方向竖直向下，故C错误；D、由C分析知，D正确故选：D点评：超重和失重仅仅指的是一种现象，但物体本身的重力是不变的，这一点必须明确重物和手有共同的速度和加速的时，二者不会分离2如图，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简
3、易秋千，某次维修时将两轻绳各剪去一小段，但仍能保持等长且悬挂点不变，木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）A. F1不变，F2变大 B. F1变大，F2变小 C. F1变大，F2变大 D. F1变小，F2变小考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析即可解答：解：木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0；根据共点力平衡条件，有：2F2cos=mg解得：F2=当细线变短时，细线与竖直方向的夹角增加，故
4、cos减小，拉力F2变大故选：A点评：本题是简单的三力平衡问题，关键是受力分析后运用图示法分析，不难3如图所示，用完全相同的轻弹簧A、B、C将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状态，弹簧A与竖直方向的夹角为30，弹簧C水平，则弹簧A、C的伸长量之比为（）A：4B4：C1：2D2：1考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：将两球和弹簧B看成一个整体，分析受力情况，根据平衡条件求出弹簧A、C拉力之比，即可由胡克定律得到伸长量之比解答：解：将两球和弹簧B看成一个整体，整体受到总重力G、弹簧A和C的拉力，如图，设弹簧A、C的拉力分别为F1
5、和F2由平衡条件得知，F2和G的合力与F1大小相等、方向相反 则得：F2=F1sin30=0.5F1根据胡克定律得：F=kx，k相同，则 弹簧A、C的伸长量之比等于两弹簧拉力之比，即有xA：xC=F1：F2=2：1故选：D点评：本题首先要选择好研究对象，其次正确分析受力情况，作出力图，再由平衡条件求解4（3分）物块A1、A2、B1和B2的质量均为m，A1、A2用刚性轻杆连接，B1、B2用轻质弹簧连接两个装置都放在水平的支托物上，处于平衡状态，如图所示今突然迅速地撤去支托物，让物块下落在除去支托物的瞬间，A1、A2受到的合力分别为f1和f2，B1、B2受到的合力分别为F1和F2则（）Af1=0，
6、f2=2mg，F1=0，F2=2mgBf1=mg，f2=mg，F1=0，F2=2mgCf1=0，f2=2mg，F1=mg，F2=mgDf1=mg，f2=mg，F1=mg，F2=mg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律.专题：共点力作用下物体平衡专题分析：在除去支托物的瞬间，A1、A2一起下落，根据牛顿第二定律采用整体法和隔离法研究A1、A2所受的合力采用隔离法B1、B2受到的合力解答：解：在除去支托物的瞬间，A1、A2由于用刚性轻杆连接，A1、A2与刚性轻杆一起下落，根据牛顿第二定律，对整体研究得到，整体的加速度等于重力加速度g，则A1、A2受到的合力都等于各自的重力
7、，即f1=mg，f2=mg在除去支托物前，根据平衡条件得知，弹簧的弹力大小等于mg，支托物对B2的支持力大小等于2mg在除去支托物的瞬间，弹簧的弹力没有来得及变化，B1的受力情况没有变化，则B1所受合力为零，即F1=0B2所受的合力大小等于支托物的支持力大小2mg，即F2=2mg故选B点评：本题是瞬时问题，要抓住刚性物体的弹力可突变，而弹簧的弹力不能突变5以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是（）ABCD考点：匀变速直线运动的图像.专题：运动学中的图像专题分析：
8、竖直上抛运动是初速度为零的匀变速直线运动，加速度恒定不变，故其vt图象是直线；有阻力时，根据牛顿第二定律判断加速度情况，vt图象的斜率表示加速度解答：解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，vt图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mgf=ma，故a=g，由于阻力随着速度而增大，故加速度增减小；vt图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故选：D点评：本题关键是明确vt图象上某点的切线斜率表示加速度，
9、速度为零时加速度为g，不难6气体能够充满密闭容器，说明气体分子除相互碰撞的短暂时间外（）A气体分子可以做布朗运动B气体分子的动能都一样大C相互作用力十分微弱，气体分子可以自由运动D相互作用力十分微弱，气体分子间的距离都一样大考点：分子动理论的基本观点和实验依据专题：分子运动论专题分析：正确解答本题需要掌握：布朗运动特点；分子的平均动能与温度之间的统计规律关系；明确气体分子之间力特点：分子之间距离很大，分子力近似为零解答：解：A、布朗运动是固体小颗粒的运动，故A错误；B、气体分子的运动是杂乱无章的，表示气体分子的速度大小和方向具有不确定性，与温度的关系是统计规律，故B错误；C、气体分子的相互作用
10、力十分微弱，气体分子可以自由运动造成气体没有固定形状，故C正确；D、气体分子的相互作用力十分微弱，但是由于频繁撞击使得气体分子间的距离不是一样大，D错误故选C点评：分子平均动能、平均速率和温度的关系遵循统计规律，同时注意气体分子间作用力特点7如图是研究光电效应的电路，则下列关于光电流与电压的关系图象正确的是（）ABCD考点：光电效应专题：光电效应专题分析：根据光电效应方程知，不同的频率光产生的光电子的最大初动能不同，则遏止电压不同，根据遏止电压判断入射光频率的高低光越强，单位时间内发出光电子数目越多，光电流越大解答：解：同一种光的频率相等，根据光电效应方程Ekm=hvW0，最大初动能相等，通过
11、Ekm=eUC，知遏止电压相等，蓝光的频率大于黄光的频率，则蓝光的遏止电压大于黄光的遏止电压光越强，单位时间内产生的光电子数目越多，光电流越大故A正确，B、C、D错误故选A点评：解决本题的关键掌握光电效应方程，以及知道入射光频率与遏止电压的关系，以及知道光强影响光电流的大小二多项选择题：本题共9小题，每小题4分，共36分每小题有多个选项符合题意全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分8两个共点力Fl、F2大小不同，它们的合力大小为F，则（）AF1、F2同时增大一倍，F也增大一倍BF1、F2同时增加10N，F也增加10NCF1增加10N，F2减少10N，F一定不变D若F1、F2中
12、的一个增大，F不一定增大考点：力的合成.专题：受力分析方法专题分析：两个大小不等的共点力F1、F2，根据平行四边形定则表示出合力进行求解解答：解：A、根据平行四边形定则，F1、F2同时增大一倍，F也增大一倍，故A正确B、Fl、F2方向相反，F1、F2同时增加10N，F不变，故B错误C、Fl、F2方向相反，F1增加10N，F2减少10N，F可能增加20N，故C错误D、Fl、F2方向相反，若F1、F2中的一个增大，F不一定增大，故D正确故选：AD点评：解决本题关键知道力的合成与分解遵循平行四边形定则，会根据平行四边形定则去求合力或分力9一质点在外力作用下做直线运动，其速度v随时间t变化的图象如图所
13、示，在图中标出的时刻中，质点所受合外力的方向与速度方向相同的有（）At1Bt2Ct3Dt4考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像.专题：牛顿运动定律综合专题分析：根据牛顿第二定律，合外力方向与加速度方向相同，当加速度与速度同向时物体做加速运动解答：解：A、C、t1时刻与t3时刻，物体正加速，故加速度与速度同向，而加速度和合力同向，故合力与速度同方向，故A正确，C正确；B、D、t2时刻与t4时刻，物体正减速，故合力与速度反向，故B错误，D错误；故选：AC点评：本题关键是明确直线运动中，物体加速时合力与速度同向；物体减速时合力与速度反向，基础题目10如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚
14、开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动若离开地面后热气球所受浮力保持不变，上升过程中热气球总质量不变，重力加速度g=10m/s2关于热气球，下列说法正确的是（）A所受浮力大小为4830NB加速上升过程中所受空气阻力保持不变C从地面开始上升10s后的速度大小为5m/sD以5m/s匀速上升时所受空气阻力大小为230N考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用.专题：压轴题；共点力作用下物体平衡专题分析：气球受重力、浮力和阻力，先加速后匀速，故加速度变化，合力变化，故阻力变化；开始时速度为零，空气阻力为零，根据牛顿第二定律列式求解出浮力；最后匀速，再根据平衡条件列式求解解答：解：A、从地面刚开始竖直上升时，速度为零，故阻力为零，气球受重力和浮力，根据牛顿第二定律，有：F浮mg=ma解得：F浮=m（g+a）=460（10+0.5）N=4830N，故A正确；B、气球受重力、
