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1、高考模拟考场(二)本卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间90分钟。第卷(选择题共48分)一、选择题(共8小题，每小题6分，共48分，在每小题给出的四个选项中，15小题只有一个选项符合题目要求，68小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得6分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分)1在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。关于科学家和他们的贡献，下列说法中正确的是()A亚里士多德根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因B牛顿发现了万有引力定律，并设计了扭秤测量出了引力常量C库仑通过扭秤实验确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律D法拉第通过
2、实验研究，发现通电导线能产生磁场答案：C解析： 伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，亚里士多德认为力是维持物体运动的原因，A项错；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤测量出了引力常量，B项错；奥斯特首先发现通电导线能产生磁场，D项错。2.如图所示，从倾角为的足够长的斜面顶端P以速度v0抛出一个小球，落在斜面上某处Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为，若把初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是()A夹角将变大B夹角与初速度大小无关C小球在空中的运动时间不变DPQ间距是原来间距的3倍答案：B解析：根据平抛运动规律，速度与水平方向夹角正切值等于位移与水平方向
3、夹角正切值的2倍，由图中几何关系可得：tan()2tan，与初速度大小无关，故初速度变为2v0，小球仍落在斜面上，夹角与初速度大小无关，选项A错误，选项B正确；由图中几何关系可得：，解得：t22t1，选项C错误；由图中几何关系可得：sPQ，sPQ，故sPQ4sPQ，选项D错误。3.如图所示为一理想变压器，原线圈有一可滑动的触头P，副线圈接一理想电流表和一滑动变阻器，原线圈的输入电压是周期为T的交变电压。下列叙述正确的是()A若输入电压增加，则变压器的输出功率增大B若交变电压的周期增大，则变压器的输出功率减小C若滑动变阻器的触头向下移动，则电流表的示数减小D若原线圈的触头向上滑动，则电流表的示数
4、增大答案：A解析：输入电压增加时，副线圈的输出电压增加，则变压器的输出功率增加，A正确；交变电压的周期增大时，输入电压和输出电压不变，输出功率不变，B错误；若滑动变阻器的触头向下移动，负载电阻的阻值减小，副线圈电压不变，电流表的示数增大，故C错误；若原线圈的触头向上滑动，则原线圈匝数增加，变压器的输出电压减小，电流表的示数减小，D错误。4.如图所示，倾角为的斜面体C置于水平面上，B置于斜面C上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接，连接B的一段细绳与斜面平行，A、B、C都处于静止状态。则()A水平面对C的支持力等于B、C的总重力BB一定受到C的摩擦力CC一定受到水平面的摩擦力D若将细绳剪断，物体
5、B开始沿斜面向下滑动，则水平面对C的摩擦力可能为零答案：C解析：由题设条件知：绳子上拉力大小等于物体A的重力大小，对B、C整体受力分析，如图所示，由平衡条件，可知：水平面对C的支持力FN小于B、C的总重力，C一定受到水平面的摩擦力f，选项A错误，选项C正确；因不确定mBgsin和mAg的大小关系，故C对B的摩擦力无法确定，选项B错误；若将细绳剪断，物体B开始沿斜面向下滑动，加速度沿斜面向下，系统处于失重状态，水平面对C的摩擦力一定不为零，选项D错误。5.在倾角为的固定光滑斜面上有两个用轻弹簧相连接的物块A、B，它们的质量分别为m1、m2，弹簧劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态。现用
6、一平行于斜面向上的恒力F拉物块A使之向上运动，当物块B刚要离开挡板C时，物块A沿斜面运动的距离为d，速度为v，则()A此过程中拉力F做功的大小等于物块A动能的增加量B当物块B刚要离开挡板时，受力满足m2gsinkdC当物块B刚要离开挡板时，物块A的加速度为(Fkd)/m1D此过程中弹簧弹性势能的增加量为Fdm1v2答案：C解析：整个过程中，由功能关系可知拉力F对系统做功等于系统机械能的增加量，若两物体质量相等，初、末状态弹簧的弹性势能不变，物块动能和重力势能均增大，拉力做功大于A动能增加量，A项错；开始时，弹簧处于压缩状态，m1gsinkx1；B刚要离开挡板时，弹簧处于伸长状态，形变量为x2，
7、由平衡条件可知，m2gsinkx2vP，选项C错误；嫦娥三号在动力下降阶段，引力做正功，引力势能减小，选项D正确。8.如图所示，一正方形闭合金属线框abcd放在粗糙绝缘水平面上，在其右侧有边界为OO的匀强磁场，磁场磁感应强度为B，方向垂直于水平面向下。正方形闭合金属线框的边长为l、质量为m、电阻为R，线框与水平面间的动摩擦因数为。开始时金属线框的ab边与磁场边界OO重合。现使金属线框以初速度v0沿水平面滑入磁场区域，运动一段时间后停止，停止后金属线框的dc边与磁场边界OO的距离也为l。则下列说法正确的是()A整个过程，ab边产生的焦耳热为mvB整个过程，ab边产生的焦耳热为mvmglC线框进入
8、磁场所用时间为D线框进入磁场所用时间为答案：BC解析：根据动能定理，整个过程线框产生的焦耳热为mv2mgl，ab边产生的焦耳热为mvmgl，A项错误，B项正确；线框进入磁场后做匀减速运动，cd边刚进入磁场时的速度v，由牛顿第二定律有F安mgmam得：(F安mg)tmvtmgtm(vv0)mgtm(v0)，求得线框进入磁场所用时间为，C项正确。第卷(非选择题共62分)二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第9题第12题为必考题，每个试题考生都必须做答。第13题第15题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共47分)9(6分)以下是测量某合金丝的电阻率的实验，已知合金丝长度为80cm，其电阻
9、约为5。提供的电源是两节内阻可不计的干电池，电压表量程为03V(内阻约为3k)，电流表量程为00.6A(内阻为5)，还有阻值为0100的滑动变阻器，开关一只，导线若干。用螺旋测微器测合金丝的直径如图甲所示。(1)合金丝的直径是_mm。(2)为使测量结果尽量准确，电流表应选择_(填“内接法”或“外接法”)。(3)请用笔画线连接图乙所示的实验电路。(4)在一次测量中，电压表与电流表示数分别为2.00V和0.20A，此时计算出的合金丝的电阻率为_m。(结果保留三位有效数字)答案：(1)0.398(2)内接法(3)如图所示(4)7.77107解析：(1)螺旋测微器的读数为0.398mm；(2)因为电流
10、表的内阻是精确的，用电流表内接法可以精确测量合金丝的电阻，所以选择电流表内接法；(3)合金丝的电阻比滑动变阻器的最大阻值小很多，滑动变阻器采用分压式接法，实验电路图如图所示。(4)由实验测量得到合金丝的电阻RrA5.0，又R，故m7.77107m。10(9分)测量滑块与水平桌面之间的动摩擦因数的实验装置如图所示。实验步骤如下：用游标卡尺测量挡光条的宽度l；用米尺测量O点到光电门A之间的距离d；调整轻滑轮，使细线水平；让滑块上的挡光条在桌面上O点的正上方并在砝码盘中加上一定的砝码，然后从O点由静止释放滑块，读出力传感器的读数F和数字毫秒计上显示的挡光条经过光电门的时间t；根据挡光条的宽度l、O点
11、到光电门A之间的距离d、挡光条经过光电门的时间t，求出滑块运动时的加速度a；多次重复步骤，得到多组力的数据F与对应的滑块加速度a；根据上述实验数据作出aF图象，计算滑块与水平桌面之间的动摩擦因数。请回答下列问题：(1)滑块的加速度a可以用d、l、t表示，则a的表达式为_。(2)在此实验中_(填“要求”或“不要求”)砝码和砝码盘的总质量远小于滑块、挡光条以及力传感器的总质量。(3)在实验步骤中，我们得到多组力的数据F与对应的滑块加速度a的数据如下表所示，请在坐标纸中画出aF图象。测量次数12345力传感器读数F(N)0.320.430.510.580.66测量计算的加速度a(m/s2)0.591
12、.201.511.892.31(4)根据图象求出滑块与水平桌面之间的动摩擦因数_(保留两位有效数字)。答案：(1)a(2)不要求(3)如图所示(4)0.10解析：滑块系统从O点开始做匀加速直线运动，挡光条通过光电门的速度为v，由匀变速直线运动公式，2adv2，加速度的表达式为a；由于力传感器可以精确测量滑块系统所受的拉力，也就不需要满足砝码和砝码盘的总质量远小于滑块、挡光条以及力传感器的总质量这一条件；滑块系统运动的动力学方程为FMgMa，得aFg，滑块系统的质量为图象斜率的倒数，可得M0.20kg，图线在F轴的截距F0Mg，得到0.10。11(15分)如图所示，两木块A、B质量均为m，用劲度系数为k、原长为L的轻弹簧连在一起，放在倾角为的传送带上，两木块与传送带间的动摩擦因数均为，与传送带平行的细线拉住木块A，传送带按图示方向匀速转动，两木块处于平衡状态。求：(1)A、B两木
