《2018学年河北省承德市联校高三上学期期末考试数学（理）试题（解析版）》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018学年河北省承德市联校高三上学期期末考试数学（理）试题（解析版）（12页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2018届河北省承德市联校高三上学期期末考试数学（理）试题（解析版）考生注意：1.本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题)两部分，共150分。考试时间120分钟.2.请将各题答案填在答题卡上.3.本试卷主要考试内容：高考全部内容.第卷一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1. 设集合,，则（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】，故.2. 已知,为虚数单位，若的实部与虚部互为相反数，则（）A. -3 B. -1 C. D. 【答案】C【解析】，依题意.3. 某城市收集并整理了该市2017年1月份至10月份各月最低气温与
2、最高气温（单位；）的数据，绘制了下面的折线图。已知该市的各月最低气温与最高气温具有较好的线性关系，则根据该折线图，下列结论错误的是A. 最低气温与最高气温为正相关B. 10月的最高气温不低于5月的最高气温C. 月温差（最高气温减最低气温）的最大值出现在1月D. 最低气温低于的月份有4个【答案】D【解析】由图可以看出，当最低气温较大时，最高气温也较大，故A正确；10月份的最高气温大于20，而5月份的最高气温为不超过20，故B正确；从各月的温差看，1月份的温差最大，故C正确；而最低气温低于的月份是1，2，4三月份，故D错，选D.4. 已知正项等比数例的前项和为，,则（ ）A. 64 B. 32 C
3、. 16 D. 8【答案】B5. 九章算术是我国古代内容极为丰富的数学名著，书中有如下问题：“今有阳马，广五尺，褒七尺，高八尺，问积几何?”其意思为：“今有底面为矩形，一侧棱垂直于底面的四棱锥，它的底面长、宽分别为7尺和5尺，高为8尺，问它的体积是多少?”若以上的条件不变，则这个四棱锥的外接球的表面积为（ ）A. 平方尺 B. 平方尺 C. 平方尺 D. 平方尺【答案】C【解析】将该几何体补形为长方体，外接球的直径即为长方体的对角线，即，故其表面积是.6. 执行如图所示的程序框图，如果输入的，则输出的（ ）A. 5 B. 6 C. 7 D. 8【答案】A【解析】，故输出.7. 将曲线上各点的横
4、坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向左平移个单位长度，得到曲线，则在上的单调递增区间是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】将曲线：上各点的横坐标缩短到原来的倍，纵坐标不变，再把得到的曲线向左平移个单位长度可得，令，得，再令，得，则在上的单调递增区间是，故选B.8. 设不等式组表示的平面区域为，若直线上存在区城内的点，则的取值范围是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】画出可行域如下图，直线恒过定点，由图可知，及.9. 函数的部分图像大致是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】由于故函数为奇函数，排除选项.令，排除选项.由于分母不为零，分子为增函数且为
5、奇函数，有且仅有个零点（），排除选项.故选.10. 某几何体的三视图如图所示，网格纸上小正方形的边长为1，则该几何体的表面积为（ ）A. B. C. D. 【答案】C【解析】由三视图可知，该几何体为四棱锥.故其表面积为.【点睛】本题主要考查三视图还原回直观图，考查椎体的表面积等知识.三视图主俯长对正、主左高平齐、俯左宽相等,即：,主视图和俯视图的长要相等,主视图和左视图的高要相等,左视图和俯视图的宽要相等。首先要注意三视图的一些性质,主视图和左视图如果都是三角形的必然是椎体，要么是棱锥要么是圆锥。11. 已知点在双曲线上，分别为双曲线的左、右顶点，离心率为，若为等腰三角形，且顶角为，则（ ）A
6、. B. 2 C. 3 D. 【答案】D【解析】不妨设点在第一象限，因为为等腰三角形，其顶角为，则的坐标为，代入双曲线的方程得，故选D.12. 已知，若对任意的，不等式恒成立，则的最小值为（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】令，由于，所以为增函数，注意到当时，根据函数的单调性可知，函数在处取得极小值也是最小值，并且这个最小值为.故选选项.第卷二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，共20分.把答案填在答题卡中的横线上.13. 若向量与的夹角为，则_【答案】5【解析】.14. 若,则_【答案】-4【解析】因为，故答案为.15. 设等差数列满足，,则的最大值为_【答案】512【解析】依
7、题意有，解得，故.，故当时，取得最大值为.【点睛】本题主要考查等差数列通项公式与前项和公式，考查二次函数的最值，考查指数运算.第一步先用基本元的思想，将已知条件转化为首项和公差的形式，求出首项和公差以及通项公式.第二步用指数运算和等差数列求和公式化简所求的式子.第三步用二次函数求最值的方法求得最大值.16. 已知点是抛物线上一点，为坐标原点，若，是以点为圆心，的长为半径的圆与抛物线的两个公共点，且为等边三角形，则的值是_【答案】【解析】点A在线段OM的中垂线上，又，所以可设，由的坐标代入方程有：解得：点睛：求抛物线方程时，首先弄清抛物线的对称轴和开口方向，正确地选择抛物线的标准方程.三、解答题
8、 :本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤. 17. 在中，角.，所对的边分别为,，,且.（1）求B；（2）若，求的面积.【答案】(1) ；(2) .【解析】试题分析：（1）把边角关系转化为角的关系为，从而有即.（2）利用余弦定理有，解得，从而面积为.解析：（1）因为，所以，而，故，所以.（2）由，得，化简得，解得，或（舍去），所以.18. 唐三彩，中国古代陶瓷烧制工艺的珍品，它吸取了中国国画、雕塑等工艺美术的特点，在中国文化中占有重要的历史地位，在陶瓷史上留下了浓墨重彩的一笔.唐三彩的生产至今已有1300多年的历史，制作工艺十分复杂，它的制作过程必须先后经过两次烧制
9、，当第一次烧制合格后方可进入第二次烧制，两次烧制过程相互独立。某陶瓷厂准备仿制甲、乙、丙三件不同的唐三彩工艺品，根据该厂全面治污后的技术水平，经过第一次烧制后，甲、乙、丙三件工艺品合格的概率依次为，经过第二次烧制后，甲、乙、丙三件工艺品合格的概率依次为，.（1）求第一次烧制后甲、乙、丙三件中恰有一件工艺品合格的概率；（2）经过前后两次烧制后，甲、乙、丙三件工艺品成为合格工艺品的件数为，求随机变量的数学期望.【答案】(1) ;(2) .【解析】试题分析：(1)由题意结合概率公式可得第一次烧制后甲乙丙三件中恰有一件工艺品合格的概率为；(2)由题意可得题中的分布列为二项分布，则随机变量的数学期望为1
10、.2.试题解析：分别记甲乙丙第一次烧制后合格为事件,（1）设事件表示第一次烧制后恰好有一件合格，则.（2）因为每件工艺品经过两次烧制后合格的概率均为，所以随机变量，所以.19. 如图，在三棱台中，分别是，的中点，平面,是等边三角形，,.（1）证明：平面；（2）求二面角的正弦值.【答案】(1)见解析；(2) .【解析】试题分析：（1）根据棱台的性质和三角形的中位线可以得到，从而得到平面.在梯形中，（为棱的中点），所以平面，从而可以证明平面平面，也就能得到平面.（2）以所在直线分别为轴，轴，轴，建立空间直角坐标系，通过计算平面和平面的法向量的夹角得到二面角的正弦值为.解析：（1）证明：因为,为棱的
11、中点，所以,所以四边形为平行四边形，从而.又平面,平面,所以平面. 因为是的中位线,所以,同理可证,平面.因为,所以平面平面. 又平面,所以平面.（2）以所在直线分别为轴，轴，轴，建立如图所示的空间直角坐标系,设,则,则. 设平面的一个法向量,则 即取，得. 同理，设平面的一个法向量，又,由，得取，得.所以，即二面角的正弦值为.点睛：线面平行的证明可从两个角度考虑：（1）利用线面平行的判断定理；（2）转化为面面平行.空间角的计算可利用空间向量去计算，如二面角可以转化法向量的夹角去考虑，线面角可以转化方向向量和法向量的夹角去考虑.20. 已知椭圆的长轴长是短轴长的倍，且椭圆经过点，（1）求椭圆的
12、方程；（2）设不与坐标轴平行的直线交椭圆于两点，记直线在轴上的截距为，求的最大值.【答案】(1) ;(2) .【解析】试题分析：(1)结合题意可求得，则椭圆的方程为.(2)联立直线方程与椭圆方程，结合韦达定理讨论可得直线在轴上的截距的最大值为.试题解析：（1）因为，所以椭圆的方程为，把点 的坐标代入椭圆的方程，得，所以，椭圆的方程为.（2）设直线的方程为，联立方程组 得，由，得，所以，所以 由，得，令，所以，即，当且仅当，即时，上式取等号，此时，满足，所以的最大值为.21. 设函数，.（1）若函数在上单调递增，求的取值范围；（2）设，点是曲线与的一个交点，且这两曲线在点处的切线互相垂直，证明：
13、存在唯一的实数满足题意，且.【答案】(1) ;(2)见解析。;【解析】【试题分析】（1）求导后令导数大于或等于零，然后分离参数，利用恒成立可求得的取值范围.（2）将两条切线相互垂直转化为在点的导数乘积为，结合切点坐标可求得切点横坐标所满足的一个等式，通过分类讨论可得存在唯一实数满足题意.【试题解析】（1）解：由题意知，所以，由题意，即对恒成立，又当时，所以.（2）证明：因为，,所以，即.又点是曲线与的一个交点，所以.由消去，得.（）当时，因为.所以，且，此与式矛盾.所以在上没有适合题意.（）当时，设，.则，即函数在上单调递增，所以函数在上至多有一个零点.因为，且的图象在上不间断，所以函数在有唯
14、一零点.即只有唯一的，使得成立，且.综上所述，存在唯一的,且.22. 在平面直角坐标系中，直线的参数方程为（为参数），直线的参数程为（为参数），设直线与的交点为,当变化时点的轨迹为曲线.（1）求出曲线的普通方程；（2）以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系，直线的极坐标方程为，点为曲线的动点，求点到直线的距离的最小值.【答案】（1）的普通方程为;(2) 的最小值为.【解析】【试题分析】（1）利用加减消元法，消去参数，可将转化为普通方程.将两方程联立，消去可得的普通方程.（2）先将直线的极坐标方程转化为直角坐标方程，写出的参数方程，利用点到直线的距离公式和三角函数辅助角公式，可求得距离的最小值.【试题解析】（1）将，的参数方程转化为普通方程，消可得：，因为，所以，所以的普通方程为.（2）直线的直角坐标方程为：.由（1)知曲线与直线无公共点，由于的参数方程为（为参数，），所以曲线上的点到直线的距离为，所以当时，的最小值为.23. 已知函数，.（1）求不等式的解集；（2）若关于的不等式的解集非空，求的取值范围.【答案】(1) 的解集为;(2) 的取值范围是.【解析】【试题分析】（1）利用零点分段法，去绝对值，
