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1、2018-2019学年度上学期高三年级物理二调考试一、选择题(每小题4分,共60分。下列每小题所给选项至少有一项符合题意,请将正确答案的序号填涂在答题卡上,全部选对的得4分,有漏选的得2分,有错选的得0分)1.如图所示,物体A靠在竖直墙面上,在力F作用下,A、B保持静止。物体B的受力个数为( )A. 2 B. 4C. 2或4 D. 无法确定【答案】B【解析】【详解】对AB整体，受重力和推力F，如果墙壁对整体有支持力，整体水平方向不能平衡，矛盾，故墙壁对整体水平方向没有弹力，故也就没有摩擦力；隔离物体A分析，受重力、支持力和B对A的静摩擦力再隔离物体B分析，受推力F、重力、A对B的压力和平行斜面
2、方向的静摩擦力，共4个力。故B正确。2.质量为m=20kg的物体,在大小恒定的水平外力F的作用下,沿水平面做直线运动。02s内F与运动方向相反,24s内F与运动方向相同,物体的速度-时间图象如图所示,已知g取10m/s2，则( )A. 物体在04s内通过的位移大小为8mB. 拉力F的大小为100NC. 物体与地面间的动摩擦因数为0.2D. 物体克服摩擦力做的功为480J【答案】ACD【解析】【分析】速度图象的“面积”等于位移大小，根据几何知识求解04s内的位移由斜率求出加速度，分析求出前2s内和后2s内物体的加速度大小，再根据牛顿第二定律求出拉力F和摩擦力的大小，再求解动摩擦因素和物体克服摩擦
3、力做功。【详解】A项：由速度图象的“面积”等于位移大小，得到：物体在04s内通过的位移为x=(121021222)m=8m，故A正确；B项：由斜率等于加速度的大小，得到：前2s内和后2s内物体的加速度大小分别为a1=vt=1002ms2=5ms2，a2=vt=202ms2=1ms2根据牛顿第二定律得：F+f=ma1；F-f=ma2，代入解得：F=60N，f=40N，故B错误；C项：由f=mg得，=fmg=40200=0.2，故C正确；D项：物体通过的总路程为s=12102m+1222m=12m，滑动过程中物体受到的摩擦力大小不变，始终做负功，则物体克服摩擦力做的功为W=fS=480J，故D正确
4、。【点睛】本题实际上通过速度反映了物体的运动情况，抓住“面积”等于位移、斜率等于加速度，根据牛顿第二定律求解拉力属于知道了物体的运动情况，确定物体受力情况的类型。3.如图所示，在倾角30的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A，B，它们的质量均为m，弹簧的劲度系数为k，C为一固定挡板，系统处于静止状态现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之以加速度a向上做匀加速运动，当物块B刚要离开C时力F的大小恰为2mg.则()A. 物块B刚要离开C时B的加速度为0B. 加速度a12gC. 无法计算出加速度aD. 从F开始作用到B刚要离开C，A的位移为mgk【答案】AD【解析】试题分析：当物块B刚要离开C时
5、，对挡板的压力为零，根据平衡条件求出此时弹簧的弹力，结合胡克定律求出弹簧的形变量对A，根据牛顿第二定律求出物块A的加速度弹簧开始处于压缩，根据平衡求出压缩量的大小，抓住A的位移等于弹簧的形变量求出物块A的位移物块B刚要离开C时，B和挡板之间没有力的作用，即弹簧的拉力正好等于B的重力沿斜面向下的分力，所以此时B的合力为零，加速度为零，A正确；物块B刚要离开C时，弹簧的弹力F弹=mgsin，所以对A分析，受到弹簧沿斜面向下的拉力，和重力沿斜面向下的分力以及F的作用，根据牛顿第二定律可得FmgsinF弹=ma，解得a=g，BC错误；未施加F之前，弹簧处于压缩状态，对A分析有kx1=mgsin，当物块
6、B刚要离开C时弹簧处于拉伸状态，对B分析有kx2=mgsin，故A上升的位移为x=x1+x2=2mgsink=mgk，D正确4.在遥控直升机下面用轻绳悬挂质量为m的摄像机可以拍摄学生在操场上的跑操情况。开始时遥控直升机悬停在C点正上方。若遥控直升机从C点正上方运动到D点正上方经历的时间为t,已知C、D之间距离为L,直升机的质量为M,直升机的运动视作水平方向的匀加速直线运动。在拍摄过程中悬挂摄像机的轻绳与竖直方向的夹角始终为,重力加速度为g,假设空气对摄像机的作用力始终水平,则( )A. 轻绳的拉力T=mgcosB. 遥控直升机加速度a=gtanC. 摄像机所受的合外力为F合=Ma=2MLt2D
7、. 这段时间内空气对摄像机作用力的大小为 F=m(gtan-2Lt2)【答案】AD【解析】【分析】分析摄像机的受力情况，根据牛顿第二定律求出轻绳的拉力和加速度直升机做初速度为零的匀加速运动，由位移公式可求得加速度，再由牛顿第二定律求出直升机的合外力。【详解】A、B项：摄像机的受力情况如图所示，根据牛顿第二定律得：竖直方向有：F1cos=mg水平方向有：F1sin-F=ma解得：轻绳的拉力F1=mgcos遥控直升机加速度a=gtanFF1cos，故A正确，B错误；C项：直升机做初速度为零的匀加速运动，由L=12at2解得：a=2Lt2 所以遥控直升机所受的合外力为 F合=Ma=2MLt2，故C错
8、误；D项：空气对摄像机作用力的大小为F=F1sinma=mgcossinm2Lt2=m(gtan2Lt2) 故D正确。【点睛】本题涉及两个物体，采用隔离法研究分析物体的受力情况，运用正交分解法列方程是关键要注意直升机和摄像机是两个不同的研究对象，加速度相同，但质量不同。5.如图所示，可视为质点的两个小球A、B从坐标为(0，2y0)、(0，y0)的两点分别以速度vA和vB水平抛出，两个小球都能垂直打在倾角为45的斜面上，由此可得vAvB等于 ( )A. 21 B. 21C. 41 D. 81【答案】A【解析】小球垂直击中斜面，速度与斜面垂直，由速度分解可知：vytan45=v0；又vy=gt，可
9、得：t=v0g，根据几何关系得：h=12gt2+v0ttan，联立以上可得：h=3v022gtan2v02，据题小球A、B从坐标分别为（0、2y），（0，y），即hA=2y，hB=y，可得：vAvB=2:1，故A正确，BCD错误。6.如图，在水平转台上放一个质量M2 kg的木块，它与转台间的最大静摩擦力Fmax6.0 N，绳的一端系挂木块，通过转台的中心孔O(孔光滑)，另一端悬挂一个质量m1.0 kg的物体，当转台以角速度5 rad/s匀速转动时，木块相对转台静止，则木块到O点的距离可以是(g取10 m/s2，M、m可看成质点)()A. 0.04 mB. 0.08 mC. 0.16 mD. 0
10、.32 m【答案】BCD【解析】试题分析：物体的摩擦力和绳子的拉力的合力提供向心力，根据向心力公式得：mg+f=M2r解得：；当f=fmax=6.0N时，r最大，当f=-6N时，r最小，则，故BC正确考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】本题主要考查了向心力公式的直接应用，知道物体在随转台一起做匀速圆周运动，摩擦力提供向心力；注意要能理解静摩擦力最大时的两个方向，从而根据牛顿第二定律求解转动半径的两个最值；此题难度不大，属于基础题。7.如图,两个相同的小球A、B用两根轻绳连接后放置在圆锥筒光滑侧面的不同位置上,绳子上端固定在同一点O,连接A球的绳子比连接B球的绳子长,两根绳子都与圆锥筒最靠近的母
11、线平行。当圆锥筒绕其处于竖直方向上的对称轴OO以角速度匀速转动时,A、B两球都处于筒侧面上与筒保持相对静止随筒转动,下列说法正确的是( )A. 两球所受的合力大小相同B. A球对绳子的拉力大小等于B球对绳子的拉力大小C. 两球所需的向心力都等于绳子拉力的水平分力D. A球对圆锥筒的压力小于B球对圆锥筒的压力【答案】D【解析】【详解】A项：设圆锥筒顶角一半为，则两球做匀速圆周运动的半径分别为：rA=L1sin，rB=L2sin，两球所受的合力提供向心力即F合=m2r，由半径不同，所以两球的合外力大小不相同，故A错误；B、D项：小球受重力G，支持力N，拉力，水平方向由牛顿第二定律可得：TsinNc
12、os=m2r 竖直方向由平衡条件可得：Tcos+Nsin=mg 解得：T=mgcos+m2rsin，N=mgsinm2rcos 由于半径不同，所以两球对细绳的拉力则不同，故B错误，由于A球圆周运动的半径的半径大于B球做圆周运动的半径，所以A球对圆锥筒的压力小于B球对圆锥筒的压力，故D正确；C项：两球所需的向心力都等于绳子拉力的水平分力与圆锥筒对小球支持力沿水平方向分力的合力，故C错误。8.如图所示,质量相等的a、b两物体放在圆盘上,到圆心的距离之比是2:3,圆盘绕圆心做匀速圆周运动,两物体相对圆盘静止,a、b两物体做圆周运动时( )A. 角速度大小之比是1:1 B. 线速度大小之比是1:1C.
13、 向心加速度大小之比是2:3 D. 向心力大小之比是9:4【答案】AC【解析】【详解】A项：两个物体是同轴传动，角速度相等，故A正确；B项：两个物体角速度相等，到圆心的距离之比是2：3，根据v=r，线速度之比为2：3，故B错误；C项：两个物体角速度相等，线速度之比为2：3，根据a=v，向心加速度之比为2：3，故C正确；D项：两个物体质量相等，向心加速度之比为2：3，故向心力之比为2：3，故D错误。故应选AC。9.如图,在同一竖直平面内有两个正对着的半圆形光滑轨道,轨道的半径都是R，轨道端点所在的水平线相隔一定的距离x。一质量为m的小球能在其间运动而不脱离轨道,经过最低点B时的速度为v，小球在最
14、低点B与最高点A对轨道的压力之差为F (F0)。不计空气阻力，则( )A. m、x一定时,R越大, F一定越大B. m、x、R一定时,v越大, F一定越大C. m、R一定时,x越大, F一定越大D. m、x、R定时, F与v的大小无关【答案】CD【解析】【详解】设m在A点时的速度为VA，在B点时速度为VB；对m从A到B点时，根据动能定理有：mg(2R+x)=12mvB212mvA2 对m在B点时，受重力和支持力NB的作用，根据牛顿第二定律：NBmg=mvB2R 解得：NB=mg+mvB2R 对m在A点，受重力和支持力NA，根据牛顿第二定律：NA+mg=mvA2R解得：NA=mvA2Rmg 小球
15、在最低点B与最高点A对轨道的压力之差F=NB-NA=6mg+2mgxR A项：m、x一定时,R越大,F一定越小，故A错误；B项：m、x、R一定时,v越大, F不变，故B错误；C项：m、R一定时,x越大, F一定越大，故C正确；D项：m、x、R定时, F与v的大小无关，故D正确。故应选CD。10.如图所示,光滑水平面上有一个四分之三圆弧管,内壁也光滑,半径R=0.2m,质量M=0.8kg，管内有一个质量m=0.2kg的小球,小球直径略小于弯管的内径,将小球用外力锁定在图示位置,即球和环的圆心连线与竖直方向成37角,对图弧管施加水平恒定外力F作用,同时解除锁定,系统向右加速,发现小球在管中位置不变,当系统运动一段距离后管撞击到障碍物上突然停下,以后小球继续运动通过最高点后又落入管中,g取10m/s2,sin37=0.6,cos37=
