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1、曲靖市第一中学2019届高三高考复习质量监测卷三理科综合物理二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1417题只有一项符合题目要求；第1821题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.一物体在外力作用下做直线运动，其运动的vt图象如图所示，则A. 0-t1内物体做加速度增大的加速运动B. t1时刻合外力的功率最大C. t3时刻速度为零，加速度也为零D. t3-t4内加速度的方向和速度方向相同【答案】D【解析】【分析】速度时间图象切线的斜率等于加速度，图象与时间轴所围面积表示位移的大小根据P=Fv分析瞬时功率的情况。【详解】速度时间
2、图象切线的斜率等于加速度，由图可知，在0t1时间内斜率不断减小，故加速度不断减小，故A错误；在t1时刻，图象的切线斜率为0，即加速度为0，根据牛顿第二定律可知，合外力为0，由P=Fv，可知此时合外力的瞬时功率为0，故B错误；由图可知t3时刻速度为0，但加速度不为0，故C错误；在t3t4时间内，图象的斜率是负的，即加速度的方向与初速度方向反，这段时间的速度也是负的，即与初速度方向相反，所以在t3t4时间内加速度的方向和速度方向相同，故D正确；故选D。【点睛】对于速度时间图象的理解，关键抓住图象切线的斜率等于加速度，要知道速度为零时，加速度不一定为零2.如图所示，质量为m的物体在斜面体上匀速下滑，
3、已知斜面的倾角为60，则斜面体受到该物体的作用力大小为A. 32mg B. 12mg C. 0 D. mg【答案】D【解析】【详解】对物体受力分析，可知物体受到竖直向下的重力与斜面体对物体的作用力处于平衡状态，所以斜面体对物体的作用力一定与重力大小相等，方向相反，由牛顿第三定律定律可知，斜面体受到该物体的作用力大小为mg，方向竖直向下，故D正确，ABC错误；故选D。3.如图所示，一圆形磁场区域半径为R，有垂直于纸面向里的匀强磁场，有a、b两个完全相同的粒子（重力忽略）以相同速度水平向右分别从A、B两点射入圆形磁场区域（从B点射入的粒子速度沿半径方向），其中从B点射入的粒子刚好从圆形磁场的最上端
4、D点离开，A点离BO的距离为R2，则a、b两个粒子在磁场中运动的时间ta：tb之比为A. 1:2 B. 2:3 C. 2：3 D. 1：2【答案】C【解析】【分析】根据要求画出粒子的运动轨迹，确定两个粒子在磁场中运动的圆心角，利用周期相等，根据t=360T求出时间之比。【详解】由题可知，两个粒子在磁场中运动的半径相同，由于从B点射入的粒子刚好从圆形磁场的最上端D点离开，可知两个粒子的半径都为R，如图所示：由几何关系可知，从A点入射的粒子在磁场中运动的圆心角为60，从B点入射的粒子在磁场中运动的圆心角为90，根据运动时间t=360T，得a、b两个粒子在磁场中运动的时间ta:tb=60:90=2:
5、3，故选C。【点睛】本题是带电粒子在匀强磁场中的运动问题，解题要求熟练掌握洛伦兹力提供向心力的情形下圆周运动对应物理量的求解，如：半径，周期，速度等量，解决这种类型的问题一般都要先用到平面几何知识作图，找出轨迹和半径4.一质点做曲线运动，速率逐渐增大。关于它在运动过程中在P点时的速度v和合外力F的方向，下列描述准确的是A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分析】当物体速度方向与加速度方向不在同一直线上时，物体做曲线运动，加速度指向曲线凹的一侧；当加速度与速度方向夹角小于90时物体做加速运动；当加速度的方向与速度方向大于90时物体做减速运动；分析图示情景然后答题【详解】由图示可知，加速度方
6、向与速度方向夹角小于90，物体做加速运动，故A正确；由图示可知，加速度的方向不能是沿曲线的切线方向，故B错误；由图示可知，加速度方向与速度方向夹角大于90，物体做减速运动，故C错误；由图示可知，速度方向应该是沿曲线的切线方向，故D错误；故选A。【点睛】该题考查速度的方向与受力的方向、轨迹的方向之间的关系；知道物体做曲线运动的条件，分析清楚图示情景即可正确解题5.某静电场在x轴上的电势随x的变化关系-x图象如图所示，电场方向平行于x轴，下列说法正确的是A. x2处电场强度为零B. 正电荷从x1处移到x3处电势能增大C. 正电荷在x3处和x3处的加速度方向相反D. 电荷在x4处受到的电场力最大【答
7、案】BC【解析】【分析】x图象的切线斜率表示场强，正电荷在电势越高的点，电势能越大。根据电场强度的变化，判断电场力的变化，从分析加速度的情况。【详解】在x2处，x图象的切线斜率不为零，即该处的电场强度不为零，故A错误；正电荷从x1处移到x3处电势在升高，而正电荷在电势越高的点，电势能越大，故B正确；正电荷在x3处和x5处的切线斜率是一正一负，故电场强度方向相反，则电场力方向相反，根据牛顿第二定律可知加速度方向相反，故C正确；在x4处切线斜率为零，故电场强度为零，则电场力为零，故D错误；故选BC。【点睛】解决本题的关键要明确x图象的切线斜率表示场强，斜率的符号表示场强的方向。6.如图为甲、乙两物
8、体在同一直线上运动时的位移与时间的关系图线。其中甲为过原点的倾斜直线，乙为开口向下的抛物线。则下列说法正确的是A. 物体乙的速度先变大后变小B. t1时刻甲、乙两物体的位移相同、速度相同C. t1到t2时间内两物体间的距离先变大后变小D. t1到t2时间内两物体的平均速度相同【答案】CD【解析】【分析】位移时间图线的斜率表示速度，速度的正负表示物体的运动方向，根据两个物体速度的关系，分析两物体间距离如何变化。通过位移与时间的比值比较平均速度的大小。【详解】根据位移时间图线的斜率表示速度，知物体乙的速度先变小后变大，故A错误；t1时甲乙两物体的位移相同，由于图象的斜率不同，所以速度不同，故B错误
9、。t1到t2时间内，乙在甲的前方，甲的速度先小于乙的速度，后大于乙的速度，则两物体间的距离先增大后减小，故C正确。t1到t2时间内两物体的位移相同，所用时间相同，则平均速度相同。故D正确。故选CD。【点睛】对于位移-时间图象，关键要理解点和斜率的物理意义，知道图线的斜率表示速度。7.竖直放置的一对平行金属板的左极板上用绝缘线悬挂了一个带正电的小球，将平行金属板按图9所示的电路图连接。绝缘线与左极板的夹角为，电流表的示数为I当滑动变阻器滑片向右滑动时，下列说法正确的是A. 夹角变大 B. 夹角不变 C. I示数变小 D. I示数不变【答案】AD【解析】【分析】电路稳定时电容器两极板间的电压等于变
10、阻器左边的电压，根据电压的变化，分析板间场强的变化，确定夹角的变化根据电路中电阻有无变化，分析电流有无变化【详解】当滑动变阻器R的滑片向右滑动时，根据串联电路的特点可知，变阻器左边部分分担的电压增大，电容器板间电压增大，板间场强增大，小球所受的电场力增大，则增大而变阻器接入电路的电阻不变，根据欧姆定律得知，电路中的电流不变，故AD正确，BC错误；故选AD。【点睛】本题综合考查电路知识、电容器及共点力的平衡知识，要求学生能通过读图和审题找出其中的关系，进而由部分物理量的变化可得出其它量的变化8.如图，地球半径为R地球表面的重力加遠度为g，离地面高h的轨道上有两颗卫星1和2，若两颗卫星地球逆时针做
11、匀速圆周运动，不计两卫星间的相互作用力，则A. 若卫星2向后喷气就一定能追上卫星1B. 由2位置运动到1位置过程中引力做正功C. 这两颗卫星的加速度大小相等，均为a=gR2(R+h)2D. 由2位置运动到1位置经历的时间是t=2R(R+h)2g【答案】CD【解析】【分析】两卫星处于同一轨道上，加速度大小相等，两卫星均由由万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得到加速度与半径的关系卫星2向后喷气将做离心运动，轨道半径增大，不可能追上卫星由卫星的速度公式求出其角速度，即可求出卫星1由位置2第一次运动到位置1所用的时间卫星由位置2运动到位置1的过程中，万有引力与速度总是垂直，不做功【详解】两卫星在同一轨
12、道上，卫星2向后喷气线速度增大，将做离心运动，轨道半径增大，不可能追上卫星1故A错误。卫星由位置2运动到位置1的过程中，万有引力与速度总是垂直，不做功，故B错误。在地球表面上，有mg=GmMR2，在运行轨道上有：GmMr2=ma，联立解得：a=gR2R+h2，故C正确；运动经历的时间t=T4，且GMm(R+h)2=mR+h42T2。所以t=T4=1442(R+h)3gR2，故D正确；故选CD。【点睛】解决本题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力这两个理论，并能灵活运用三、非选择题；包括必考题和选考题两部分。第22题一第32题为必考题，每道试题考生都必须作答；第33题第38题为选考题，
13、考生根据要求作答。9.如图，读出下列游标卡尺和螺旋测微器的读数。 (1)游标卡尺读数为_cm(2)螺旋测微器读数为_mm【答案】 (1). 10.04 (2). 5.803（5.8025.804）【解析】【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读【详解】（1）游标卡尺的主尺读数为100mm，游标尺上第4个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为40.1mm=0.4mm，所以最终读数为：10mm+0.4mm=100.4mm=10.04cm（2）螺旋测微器的固定刻度为5.5mm，可动刻度为
14、30.30.01mm=3.030mm，所以最终读数为5.5mm+3.030mm=5.803mm【点睛】对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量10.利用打点计时器和小车来做“探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如图所示。 (1)关于本实验的操作，下列说法正确的是_（填序号）。A本实验应用比值定义法B砝码和砝码盘的总质量越大，实验误差越小C平衡摩擦力时，应将砝码盘用细线跟小车连在一起D本实验应先接通打点计时器再释放小车(2)在探究加速度与力的关系的实验中，得出的aF图线如图所示，发现图线既不过原点，又不是直线，原因可能是_（填序号）。A没有完全
15、平衡摩擦力，且小车质量较大B平衡摩擦力过度，且小车质量较大C没有完全平衡摩擦力，且砝码和砝码盘的总质量较大D平衡摩擦力过度，且砝码和砝码盘的总质量较大(3)如图为某次实验所得的纸带，已知打点计时器的时间间隔为002s，相邻计数点间还有四个点未画出，从图中可计算出小车的加速度为_m/s2（保留2位有效数字）。【答案】 (1). D (2). C (3). 0.50【解析】【分析】（1）根据实验的原理和注意事项确定正确的操作步骤。（2）探究加速度与力的关系实验时，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西。当小盘与砝码的质量远小于小车的质量时，可以认为小车受到的拉力等于小盘与砝码的重力。（3）根据x=aT2求出加速度的大小。【详解】：（1）A、探究加速度与力的关系时，需控制小车的质量不变，研究加速度与质量的关系时，需控制小车所受的合力不变，采用的是控制变量法，故A错误。B、实验时，为了使砝码和砝
