《辽宁省2017-2018学年高二下学期期末考试物理---精校解析 Word版》由会员分享，可在线阅读，更多相关《辽宁省2017-2018学年高二下学期期末考试物理---精校解析 Word版（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、辽宁省盘锦市高级中学20172018学年度高二下学期期末考试物理试题一、选择题（1-7题为单选，8-11题为多选，每题4分，合计44分。）1. 下列关于运动和力的叙述，正确的是( )A. 图甲中，蹲在体重计上的人突然站起的瞬间指针示数会大于人的重力B. 图乙中，在玻璃漏斗中做匀速圆周运动的小球受到的合外力是恒力C. 图丙中，在水平直跑道上减速的飞机，伞对飞机的拉力大于飞机对伞的拉力D. 图丁中，滑冰运动员通过圆弧弯道处，若此时地面摩擦力突然消失，则运动员将在冰面上沿着轨迹半径方向“离心”而去【答案】A【解析】A项：图甲中，蹲在体重计上的人突然站起的瞬间处于超重状态，所以体重计的示数大于人的重力
2、，故A正确；B项：图乙中，在玻璃漏斗中做匀速圆周运动的小球受到的合外力提供向心力，所以合外力的大小恒定，方向时刻变化，故B错误；C项：图丙中，在水平直跑道上减速的飞机，伞对飞机的拉力与飞机对伞的拉力为作用力与反作用力，所以两力大小相等，方向相反，故C错误；D项：图丁中，滑冰运动员通过圆弧弯道处，若此时地面摩擦力突然消失，则运动员将沿圆弧切线作直线运动，故D错误。2. A B两物体同时同地从静止开始运动，其运动的速度随时间的vt图如图所示，关于它们运动的描述正确的是（ ）A. 物体B在直线上做往返运动B. 物体A做加速度增大的曲线运动C. AB两物体在0-1s运动过程中距离越来越近D. B物体在
3、第1s内、第2s内、第3s内的平均速度大小为1:3:2【答案】D【解析】vt图，其数值代表速度大小和方向，斜率表示加速度，面积表示位移；由图可知，B先匀加速直线，再做匀减速直线，速度为正值，为单向直线运动。物体A做加速度增大的直线运动；在0-1s内，B物体在前，A物体在后，距离越来越远；由于面积表示位移，可求1s内、第2s内、第3s内的位移比为1:3:2，由，可知平均速度大小为1:3:2。综上分析，D正确。3. 在一斜面顶端，将甲、乙两个小球分别以v和v/2的速度沿同一方向水平抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时速率的（ ）A. 2倍 B. 4倍 C. 6倍 D. 8
4、倍【答案】A【解析】试题分析 本题考查平抛运动规律、机械能守恒定律及其相关的知识点。解析 设甲球落至斜面时的速率为v1，乙落至斜面时的速率为v2，由平抛运动规律，x=vt，y=gt2，设斜面倾角为，由几何关系，tan=y/x，小球由抛出到落至斜面，由机械能守恒定律，mv2+mgy=mv12，联立解得：v1=v，即落至斜面时的速率与抛出时的速率成正比。同理可得，v2=v/2，所以甲球落至斜面时的速率是乙球落至斜面时的速率的2倍，选项A正确。点睛 此题将平抛运动、斜面模型、机械能守恒定律有机融合，综合性强。对于小球在斜面上的平抛运动，一般利用平抛运动规律和几何关系列方程解答。4. 要进行太空矿产资
5、源开采，必须建立“太空加油站”。假设“太空加油站”正在地球赤道平面内的圆周轨道上运行，其离地球表面的高度为同步卫星离地球表面高度的十分之一，且运行方向与地球自转方向一致。下列说法中正确的是（ ）A. 站在地球赤道上的人观察到“太空加油站”向西运动B. “太空加油站”运行的速度大小等于同步卫星运行速度大小的倍C. 在“太空加油站”工作的宇航员因不受重力而在舱中悬浮或静止D. “太空加油站”运行的加速度等于其所在高度处的重力加速度【答案】D点睛：解决本题的关键掌握万有引力等于重力，以及处于空间站中的人、物体处于完全失重状态，靠地球的万有引力提供向心力，做圆周运动5. 如图两根长度不同的细线下面分别
6、悬挂两个小球A和B，细线上端固定在同一点，若两个小球绕竖直轴做匀速圆周运动时恰好在同一高度的水平面内，则下列说法中正确的是（ ）A. 线速度 B. 角速度C. 加速度 D. 周期【答案】D【解析】小球做圆周运动的向心力F向=mgtan，根据mgtanmhtan2得，角速度，线速度，可知角速度相同，线速度A的小于B的，故AB错误；根据mgtan=ma，解得a=gtan，故B的向心加速度大于A的，故C错误；由于角速度相同，故周期T=2/，故周期相同，故D正确；故选D。6. 如图所示，物体A、B用足够长的细绳与轻弹簧连接后跨过滑轮，A置于薄木板上，此时弹簧左侧细绳与木板平行，已知质量，现将薄木板由倾
7、角30缓慢放平，物体A始终与木板保持相对静止，不计滑轮摩擦，物体A、B大小可忽略不计。（ ）A. 弹簧伸长量逐渐变大B. 连接A、B的细绳对滑轮的作用力不变C. 物体A受到的摩擦力先变小后变大D. 物体A受到的摩擦力大小不变【答案】C【解析】对物体B受力分析，受重力和拉力，由二力平衡得到：T=mBg，则知弹簧的弹力不变，伸长量不变，故A错误；连接A、B的细绳之间的夹角减小，则两条细绳的拉力的合力变大，即细绳对滑轮的作用力变大，选项B错误；将薄木板由倾角30缓慢放平的过程中肯定存在一个位置，即物块A受的重力、细线的拉力以及斜面的支持力三力平衡，此时A受摩擦力为零，则因开始时和最后时物块A所示的摩
8、擦力均不是零，可知物体A受到的摩擦力先变小后变大，选项C正确，D错误；故选C.点睛：此题是共点力的平衡问题；关键是选项CD的判断，可采用定性的分析三个状态：倾角为300和00时，以及除摩擦力外的三力平衡状态.7. 如图所示，长木板放置在水平地面上，一小物块置于长木板的中央，长木板和物块的质量均为m，物块与木板间的动摩擦因数为，木板与水平地面间动摩擦因数为，已知最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g。现对物块施加一水平向右的拉力F，则下列说法中错误的是（ ）A. 木板受到地面的摩擦力大小可能等于FB. 时，小物块始终保持静止C. 长木板的加速度可能等于D. 时，小物块相对长木板滑动【答
9、案】B【解析】小物块在F的作用下，如果小物块相对于长木板静止，根据整体法可知地面对长木板的摩擦力等于F，选项A正确；当长木板和物块刚要发生相对滑动时，物块和长木板间的摩擦力达到最大静摩擦力；对整体：F2mg2ma；隔离对长木板：mg2mgma得ag, 联立得F=mg; 当Fmg时，物块与长木板不发生相对滑动，对整体分析，由于整体受到地面的最大静摩擦力，知物块和长木板不能相对地面静止，故B错误，CD正确；此题选择错误的选项，故选B.点睛：本题考查牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法 求出物块与长木板不发生相对滑动时的最大拉力8. 一质量为m的小球沿倾角为30的足够长的斜
10、面由静止开始匀加速滚下，途中依次经过A、B、C三点，已知ABBCL，由A到B和B到C经历的时间分别为t14s，t22s，则下列说法正确的是()A. 小球的加速度大小为B. 小球经过B点重力的瞬时功率为C. A点与出发点的距离为D. 小球由静止到C点过程中重力的平均功率为【答案】CD【解析】AB间的平均速度为：，BC间的平均速度为：，小球加速度为：，故A错误；小球经过B点的速度，则小球经过B点重力的瞬时功率，故B错误；小球经A点的速度为，A点与出发点的距离为：，故C正确；到达C点的速度为，所需时间，小球由静止到C点的位移，则小球由静止到C点过程中重力的平均功率为，故D正确故选CD【点睛】根据某段
11、时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出两段过程中中间时刻的速度，结合速度时间公式求出小球的加速度，根据匀变速直线运动基本公式求出B点速度，再根据瞬时功率公式求解B点重力的瞬时功率，根据速度时间公式求出A点的速度，结合速度位移公式求出A点与出发点的距离，先求出小球由静止到C点的位移，再根据平均功率公式求解9. 2017年，人类第一次直接探测到来自双中子星合并的引力波。根据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并前约100s时，它们相距约400km，绕二者连线上的某点每秒转动12圈，将两颗中子星都看作是质量均匀分布的球体，由这些数据、万有引力常量并利用牛顿力学知识，可以估算出这一时刻两颗中子星（
12、）A. 质量之积 B. 质量之和 C. 速率之和 D. 各自的自转角速度【答案】BC【解析】本题考查天体运动、万有引力定律、牛顿运动定律及其相关的知识点。双中子星做匀速圆周运动的频率f=12Hz（周期T=1/12s），由万有引力等于向心力，可得，G=m1r1（2f）2，G=m2r2（2f）2，r1+ r2=r=40km，联立解得：（m1+m2）=（2f）2Gr3，选项B正确A错误；由v1=r1=2f r1，v2=r2=2f r2，联立解得：v1+ v2=2f r，选项C正确；不能得出各自自转的角速度，选项D错误。【点睛】此题以最新科学发现为情景，考查天体运动、万有引力定律等。10. 如图甲所示
13、，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。小球运动到最高点时，受到的弹力为F，速度大小为v，其F-v2图像如乙图所示。则（ ）A. v2=c时，小球对杆的弹力方向向下B. 当地的重力加速度大小为C. 小球的质量为D. v2=2b时，小球受到的弹力与重力大小相等【答案】CD【解析】由图象可知，当时，有：F0，则杆对小球得作用力方向向下，根据牛顿第三定律可知，小球对杆的弹力方向向上，故A错误；由图象知，当时，F=0，杆对小球无弹力，此时重力提供小球做圆周运动的向心力，有：，得,由图象知，当时，F=a，故有，解得：，故B错误，C正确；由图象可知，当时，由，得F
14、=mg，故D正确；故选CD.【点睛】小球在竖直面内做圆周运动，小球的重力与杆的弹力的合力提供向心力，根据图象、应用向心力公式、牛顿第二定律分析答题11. 如图所示，从高H处的一点O先后平抛两个小球l和2球1恰好直接掠过竖直挡板的顶端（未相碰）落到水平地面上的B点，球2则与地面处A点碰撞一次后，也恰好掠过竖直挡板落在B点。设球2与地面碰撞无机械能损失（类似遵循光的反射定律），则下列说法正确的是（ ）A. 球1平抛的初速度为球2的3倍B. 球1掠过挡板的时刻恰好是其做平抛运动从O到B的中间时刻C. A点到挡板的距离是B点到挡板距离的 D. 竖直挡板的高度 【答案】ABD【解析】A项：球2运动轨迹可
15、分为3段相同的平均轨迹，所以球2第一段一平抛的水平位移为是球1平抛轨迹水平位移的三分之一，即，由于平抛高度h相同，由可知，时间相同，可得两球水平初速度之比为3：1，故A正确；B、C、D项：如图所示，设球1的初速度为v1，球2的初速度为v2，OA间的水平距离为d，由几何关系可知OB间的水平距离为3d，由分运动的等时性可知：球1从O点飞到挡板C点的时间与球2从O点飞到D点的时间相等；由对称性可知球2从O点飞到D点与由C飞到E的时间相等，OE两点间的水平距离为2d球1从O点飞到C点与球2由C点飞到E点水平方向有： 解得：根据竖直方向的自由落体运动规律，连续相等时间内通过的位移之比为1：3，球1下落的时间刚好总时间的一半，故B正确，C错误，D正确。点晴：分析两小球的运动轨迹的特点，找出对称关系、几何关系以及等时关系式，列出式子是求解的关键从以上的实例分析中我们看到，发现事物的对称性并利用运动的对称性去分析处理问题，可以大大地简化分析处理问题的过程，避开难点或冗长的数学推导，巧解问题。二、实验题（每空2分，共14分。）12. 在“研究平抛
