《2018年高考物理大二轮复习考前特训考点8动能定理功能关系》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018年高考物理大二轮复习考前特训考点8动能定理功能关系（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、深入理解课文，了解孙中山，了解“布衣”与总统的关系，了解布衣总统的来历及其布衣特色的体现，体会甘于淡泊精神对当代青年的教育意义。考点8动能定理、功能关系1(多选)(2017河南新乡市二模)如图1所示，一轻弹簧的上端与物块连接在一起，并从高处由静止开始释放，空气阻力不计，在弹簧接触水平地面后直至物块运动到最低点的过程中，下列判断正确的是()图1A弹簧触地时物块的速度最大B物块先加速后减速运动C物块的动能和弹簧的弹性势能之和一直减小D物块的机械能一直减小答案BD解析弹簧触地时，开始阶段弹簧的弹力小于物块的重力，物块所受的合力向下，继续向下做加速运动；弹力等于重力时，合力为零，加速度为零，之后，弹力
2、大于重力，物块向下做减速运动，所以弹力等于重力时，速度最大，此时弹簧处于压缩状态，物块先加速后减速运动，故A错误，B正确；对于物块和弹簧组成的系统，由于只有重力和弹力做功，所以系统的机械能守恒，即物块的动能、重力势能和弹簧的弹性势能之和保持不变，物块的重力势能一直减小，所以物块的动能和弹簧的弹性势能之和一直增加，故C错误；物块和弹簧组成的系统机械能守恒，而弹簧的弹性势能一直增大，所以物块的机械能一直减小故D正确2(2017北京房山区模拟)奥运比赛项目高台跳水是我国的强项，质量为m的跳水运动员从高台上跳下，在他入水前重心下降的高度为H，经历的时间为T.入水后他受到水的作用力而做减速运动，在水中他
3、的重心下降的最大高度为h，对应的时间为t，设水对运动员的作用力大小恒定为F，当地的重力加速度为g，不计空气阻力，则下列说法正确的是()A运动员入水后的运动过程中动能减少量为FhB运动员入水后的运动过程中机械能减少量为FhC水对运动员作用力的冲量大小等于mgTD运动员在整个运动过程中机械能减少了mgh答案B解析运动员入水后的运动过程中，根据动能定理，有：EkmghFh，即动能减少量为Fhmgh，故A错误；机械能的变化量等于除重力外其余力做的功，即机械能的减小量等于克服阻力做的功，为Fh，故B正确；水对运动员作用力的冲量大小IFtmg(Tt)，则ImgT，故C错误运动员在整个过程中机械能的减少量等
4、于重力势能的减少量，为mg(Hh)，故D错误3.如图2所示，足够长水平传送带以v0的速度匀速运行现将一质量为m的物块轻放在传送带上，物块与传送带间的动摩擦因数为.若不计电动机自身能量损耗，则将物体传送的过程中()图2A摩擦力对物块做的功等于电动机输出的电能B传送带克服摩擦力做功等于系统产生的内能C摩擦力对物块做的功等于物块增加的动能D物块与传送带共速后，物块所受静摩擦力对物块做正功答案C解析摩擦力对物块做的功等于物块增加的动能，传送带克服摩擦力做的功等于系统产生的内能和物块动能之和，物块与传送带共速后，物块不受摩擦力，故C项正确4.(多选)(2017贵州贵阳市2月模拟)将一小球从光滑轨道最高点
5、A由静止释放沿轨道滑下，经轨道末端B点后做平抛运动过C点如图3，轨道AB与小球平抛运动的轨迹BC形状完全相同(即绕过B点垂直纸面的轴，旋转180可与轨迹BC完全重合)忽略空气阻力，小球从A到C的运动过程中，下列说法正确的是()图3A小球沿轨道运动与做平抛运动两个过程机械能守恒B小球沿轨道运动与做平抛运动两个过程动能增量相等C小球沿轨道运动与做平抛运动的水平分速度相等D小球沿轨道运动与做平抛运动所用时间相等答案AB解析从A到B的过程中，只有重力做功，做平抛运动的过程中，也是只有重力做功，两种情况下机械能都守恒，故A正确；从A到B的过程中，只有重力做功，动能的增加量：E1mgh，同理可知，E2mg
6、h，可知小球沿轨道运动与做平抛运动两过程动能增量相等故B正确；小球沿轨道运动时，速度逐渐增大，沿水平方向的分速度也逐渐增大；做平抛运动的水平分速度保持不变，所以二者不相等，故C错误；两种情况下小球沿水平方向的位移是相等的，而二者沿水平方向的分速度不相等，所以运动的时间一定不相同，故D错误5.(2017福建漳州市联考)图4中ABCD是一条长轨道，其中AB段是倾角为的斜面，CD段是水平的，BC是与AB和CD都相切的一小段圆弧，其长度可以略去不计一质量为m的小滑块在A点从静止状态释放，沿轨道滑下，最后停在D点，A点和D点的位置如图所示，现用一沿轨道方向的力推滑块，将它缓慢地由D点推回A点，设滑块与轨
7、道间的动摩擦系数为，则推力对滑块做的功等于()图4AmghBmghmgmgsCmg(s) D4mgh答案B解析对将滑块由D点缓慢推回A点的过程，根据动能定理可得WF(mghmgcos mgs)00，解得WFmghmgmgs，在下落过程中，根据动能定理可得mghmgmgs00，即mghmgmgs，所以WF2mgh，故B正确6如图5甲所示，固定的粗糙斜面长为10 m，一小滑块自斜面顶端由静止开始沿斜面下滑的过程中，小滑块的动能Ek随位移x的变化规律如图乙所示，取斜面底端为重力势能的参考平面，小滑块的重力势能Ep随位移x的变化规律如图丙所示，重力加速度g10 m/s2.根据上述信息可以求出()图5A
8、斜面的倾角B小滑块与斜面之间的动摩擦因数C小滑块下滑的加速度的大小D小滑块受到的滑动摩擦力的大小答案D解析小滑块自斜面顶端由静止下滑的过程中，根据动能定理有F合xEk，由题图乙的斜率可求得合力F合 N2.5 N，小滑块重力势能的变化量Epmgxsin ，由题图丙的斜率可求得mgsin | N10 N，F合mgsin Ffmgsin mgcos ma2.5 N，则小滑块受到的滑动摩擦力的大小Ff可以求出，因小滑块的质量m未知，故斜面的倾角、小滑块与斜面之间的动摩擦因数、小滑块下滑的加速度a的大小不能求出，故D项正确7.如图6所示，绝缘细杆倾斜放置，小球M套在杆上可沿杆滑动，用弹簧与固定小球N(与
9、M位于同一水平面)相连，杆和弹簧处于同一竖直平面内，现使M从A位置由静止释放，M运动到B点时弹簧与杆垂直且为原长，运动到C点时速度减为零，M在A、C两点时弹簧长度相同下列说法正确的是()图6AM从A到C的过程，两小球重力势能一直减小BM在A、C两点的加速度大小一定相等CM从A到B的过程，重力势能减少量大于其克服摩擦力做的功DM从A到B的过程，两小球重力势能减少量与弹簧弹性势能的减少量之和等于M在B点处的动能答案A解析M从A到C的过程，N的重力势能不变，M的重力势能一直减小，所以两小球重力势能一直减小，故A正确；设M运动到A、C两点时弹簧的弹力大小为F，摩擦力大小为Ff，杆与水平方向的夹角设为，
10、M在A点有：mgsin Fcos FfmaAM在C点有：Fcos Ffmgsin maC.由于Ff与mgsin 的大小关系不能判断，所以aA与aC的大小关系不能确定，故B错误；M从A到B的过程，两小球重力势能减少量与弹簧弹性势能的减少量之和等于M在B点处的动能和M克服摩擦力做的功之和，故D错误重力势能减少量与其克服摩擦力做功的关系不能确定，故C错误8.(多选)(2017豫南九校第四次质考)如图7所示，一个质量为2m的甲球和一个质量为m的乙球，用长度为2R的轻杆连接，两个球都被限制在半径为R的光滑圆形竖直轨道上，轨道固定于水平地面初始时刻，轻杆竖直，且质量为2m的甲球在上方，此时，受扰动两球开始
11、运动，重力加速度为g，则下列说法正确的是()图7A甲球下滑过程中减少的机械能总等于乙球增加的机械能B甲球下滑过程中减少的重力势能总等于乙球增加的重力势能C整个运动过程中甲球的最大速度为D甲球运动到最低点前，轻杆对乙球一直做正功答案ACD解析在运动的过程中，重力对系统做正功，甲和乙的动能都增加由于只有动能和重力势能之间的相互转化，所以甲球下滑过程中减少的机械能总等于乙球增加的机械能，故A正确；在运动的过程中，重力对系统做正功，甲和乙的动能都增加，所以甲球下滑过程中减少的重力势能总大于乙球增加的重力势能，故B错误；当甲到达最低点时，乙也到达了最高点，该过程中系统减小的重力势能等于系统增加的动能，由于两球的线速度相等，设该速度为v，则：2mg2Rmg2Rmv22mv2，得：v，故C正确；甲球运动到最低点前，乙的重力势能一直增大，同时乙的动能也一直增大，可知轻杆对乙球一直做正功，故D正确认识不够深刻全面，没能做到内心外行，表率化人。对照党章和焦裕禄等先进模范典型，感觉自己对党性锻炼标准不高、要求不严。
