《2018届高考物理二轮复习专题四电路与电磁感应练习》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018届高考物理二轮复习专题四电路与电磁感应练习（62页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、深入理解课文，了解孙中山，了解“布衣”与总统的关系，了解布衣总统的来历及其布衣特色的体现，体会甘于淡泊精神对当代青年的教育意义。专题四电路与电磁感应第一讲直流电路与交流电路考点一交流电的产生及描述1.考查正弦交流电的产生及有效值的应用间距为 m的无限长光滑金属导轨水平放置，导轨中间分布有磁感应强度为1 T的匀强磁场，磁场边界为正弦曲线，一长为2 m的光滑导体棒以1 m/s的速度匀速向右滑动，如图所示，导轨电阻不计，导体棒电阻为20 ，定值电阻为10 ，则下列分析正确的是()A电流表示数为 AB电压表的示数是0.5 VC导体棒运动到图示虚线位置时，导体棒的瞬时电流从C到DD导体棒上消耗的热功率为
2、0.2 W解析：选B当导体棒切割磁感线时，产生的感应电动势为EBLv，由于有效切割长度按正弦规律变化，且当磁场反向时，感应电流反向，故这个过程产生正弦式交流电，导体棒有效切割长度最长等于 m，交流电的最大值是：EmBLv11 V V，有效值为E1 V，由于导体棒接入电路的有效长度为总长度一半，所以接入电路电阻为10 ，定值电阻也为10 。则电压表的示数为UE0.5 V，选项B正确。电流表的示数为I A0.05 A，选项A错误。导体棒运动到图示虚线位置时，磁感应强度等于0，瞬时电流等于0，选项C错误。导体棒上消耗的热功率为PrI2r0.05210 W0.025 W，选项D错误。2考查交流电的产生
3、及瞬时值、平均值多选小型发电机线圈共N匝，每匝可简化为矩形线圈abcd，bc边长度为L1，磁极间的磁场可视为匀强磁场，方向垂直于线圈中心轴OO，线圈以角速度绕OO匀速转动，如图所示。矩形线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，不计线圈电阻，下列说法正确的是()Aab边长度为LB产生的交变电流的周期是2C若从中性面开始计时，则发电机的感应电动势的瞬时值表达式为e2Ne0sin tD发电机线圈从垂直中性面位置转动90的过程中，产生的感应电动势的平均值是解析：选AC由题意可知，线圈ab边和cd边产生的感应电动势的最大值都为e0，由e0BLvBL，解得L，选项A正确；T，选项B错误；对单匝
4、矩形线圈，其感应电动势最大值为2e0，发电机线圈共N匝，所以发电机线圈中总感应电动势最大值为2Ne0，从中性面开始计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e2Ne0sin t，选项C正确；发电机线圈从垂直中性面位置转动90的过程中，磁通量变化量为BLL1，时间t，产生的感应电动势平均值是N，选项D错误。3考查交流电的四值及应用电动机的内电阻r2 ，与R8 的电阻串联接在线圈上，如图所示。已知线圈面积为 m2，共100匝，线圈的电阻为2 ，线圈在B T的匀强磁场中绕OO以转速n600 r/min匀速转动，在合上开关S后电动机正常工作时，电压表的示数为100 V。则下列说法正确的是()A电路中电流的最大
5、值为5 AB电路中电流的最大值为10 AC电动机正常工作时的输出功率为1 000 WD电动机正常工作时的输出功率为800 W解析：选B线圈的角速度20 rad/s，电动势的最大值EmNBS200 V，有效值E200 V，电路中的电流I10 A，电流的最大值为Im10 A，选项A错误，B正确；电动机正常工作时的输出功率为P出UII2r800 W，选项C、D错误。考点二直流电路的动态分析4.考查直流电路中的电流表、电压表示数变化分析在如图所示电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，三个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2表示。下列判断正确的是()AI减小，U1增
6、大BI减小，U2增大CI增大，U1增大 DI增大，U2增大解析：选B闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，根据闭合电路欧姆定律分析得知，干路电流I总减小，路端电压U增大。R3的电压等于路端电压，则流过R3的电流I3增大。流过电流表的电流II总I3，I总减小，I3增大，I减小，R1的电压减小，即电压表V1的示数U1减小。电压表V2示数U2UU1，U增大，U1减小，则U2增大。所以，I减小，U1减小，U2增大。故B正确。5考查含容电路的动态问题分析如图所示电路中，电流表A和电压表V均可视为理想电表。现闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动，
7、下列说法正确的是()A电流表A的示数变小，电压表V的示数变大B小灯泡L变亮C电容器C上电荷量减少D电源的总功率变大解析：选A闭合开关S后，将滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中总电流I减小，则小灯泡L变暗，电流表A的示数变小。电压表的示数UEI(RLr)，I减小，其他量不变，则U增大，即电压表V的示数变大。故A正确，B错误。电容器的电压等于变阻器两端的电压，即等于电压表的示数，U增大，由QCU，知电容器C上的电荷量增大，故C错误。电源的总功率PEI，I减小，则电源的总功率变小，故D错误。6考查电流、电压变化的极值问题多选如图所示的电路中，电源内
8、阻忽略不计，R1R2R3R。闭合开关S，电压表V的示数为U，电流表A的示数为I。在滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电压表V的示数变化大小为U，电流表A的示数变化大小为I，下列说法正确的是()AU先变小后变大BI先变大后变小CU与I的比值保持不变DU与I的乘积先变小后变大解析：选CD将R3等效为电源的内阻，由题图可知电压表测量的是等效电源的路端电压，滑动变阻器R1的滑片P由a端滑到b端的过程中，电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律，电路总电流先减小后增大，即电流表示数先变小后变大，则R3两端的电压先减小后增大，所以电压表的读数先变大后变小，故A、B错误；U与I的比值始终等于
9、等效电源的内阻，即R3，故C正确；滑片P在a或b端时，I1，U1I1R，U1I1，在a、b正中间时，I2，U2I21.25R，U2I2，可见U与I的乘积先变小后变大，故D正确。7考查电表示数变化量大小的比较如图，电路中定值电阻阻值R大于电源内阻阻值r，闭合开关S后，将滑动变阻器R0的滑片向下滑动，理想电压表V1、V2、V3示数变化量的绝对值分别为U1、U2、U3，理想电流表A示数变化量的绝对值为I，则()AA的示数减小B.rCU1U2D电源的输出功率逐渐减小解析：选B根据理想电压表内阻无穷大，相当于断路，理想电流表内阻为零，相当于短路，所以R与变阻器R0串联，电压表V1、V2、V3分别测量R、
10、路端电压和滑动变阻器两端的电压。当滑动变阻器滑片向下滑动时，变阻器的阻值变小了，电路的总电阻减小了，电流变大，所以A的示数变大，故A错误；根据欧姆定律，U3EI(Rr)，则有Rrr，故B正确；R，r，Rr，所以U1U2，故C错误；当内外电阻相等时，电源的输出功率最大。由于外电阻大于电源内阻，当滑片向下滑动时，外电阻减小，外电阻越来越接近内电阻，电源的输出功率逐渐增大，故D错误。考点三交流电路的动态分析8.考查变压器负载变化引起的动态变化问题多选每到夜深人静的时候我们就会发现灯泡比睡觉前要亮，其原因在于大家都在用电时，用电器较多，利用如图模拟输电线路，开关的闭合或者断开模拟用户的变化，原线圈输入
11、50 Hz的220 V交流电，则下列分析正确的是()A定值电阻相当于输电线电阻B开关闭合，灯泡L1两端电压升高C开关闭合，原线圈输入功率增大D开关断开，副线圈电压增大解析：选AC原、副线圈匝数和电压成正比，由于匝数比值不变，原线圈输入电压也不变，所以副线圈电压不会变化，选项D错误。家庭电路用电器之间为并联关系，用户较多时，并联支路增多，相当于开关闭合，而与之串联的定值电阻，实际是等效输电线的电阻，选项A正确。开关闭合副线圈总电阻变小，总电流变大，定值电阻分电压增多，并联电压变小，即灯泡L1两端电压减小，选项B错误。副线圈电压不变电流增大，副线圈电功率增大，根据能量守恒，原线圈电功率也增大，选项
12、C正确。9考查变压器负载及副线圈匝数变化引起的动态变化多选如图所示，可调理想变压器原线圈接交流电，副线圈通过滑动触头P可改变其匝数。下列说法正确的是()A仅增大R的阻值，通过灯泡L的电流将变大B仅增大R的阻值，通过灯泡L的电流将变小C仅将滑动触头P向下滑动，灯泡L两端的电压将变大D仅将滑动触头P向下滑动，灯泡L两端的电压将变小解析：选BD仅增大电阻R时，由于匝数不变，输出电压不变，则由欧姆定律可知，通过灯泡的电流变小，故A错误，B正确；滑动触头向下滑动时，输出端匝数减小，则输出电压变小，灯泡两端的电压变小，故C错误，D正确。10考查变压器原线圈匝数及负载变化引起的动态变化多选一个理想变压器，开
13、始时开关S接1，此时原、副线圈的匝数比为91。一个理想二极管和一个滑动变阻器串联接在副线圈上，此时滑动变阻器接入电路的阻值为10 ，如图甲所示。原线圈接入如图乙所示的正弦式交流电。则下列判断正确的是()A电压表的示数为4 VB滑动变阻器消耗的功率为0.8 WC若将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，电流表示数将变大D若将二极管用导线短接，电流表示数加倍解析：选BD原线圈交流电压的有效值为：U1 V36 V，根据电压与匝数成正比，得：U2U14 V，二极管具有单向导电性，根据电流的热效应有：T，解得：U2 V2 V，即电压表示数为2 V，故A错误；滑动变阻器消耗的功率为：P W0.8
14、W，故B正确；将开关S由1拨到2，同时滑动变阻器滑片向下滑动，根据电压与匝数成正比，副线圈电压变小，滑动变阻器电阻变大，输出功率变小，输入功率变小，根据P1U1I1，电流表示数将变小，故C错误；若将二极管用导线短接，输出功率加倍，输入功率加倍，电流表示数加倍，故D正确。11考查变压器动态变化中的极值问题多选如图所示，一理想变压器的原、副线圈匝数之比为n1n2551，原线圈接入电压u220sin 100t(V)的交流电源，图中电表均为理想电表，闭合开关后，当滑动变阻器的滑动触头P从最上端滑到最下端的过程中，下列说法正确的是()A副线圈中交变电流的频率为100 HzBt0.02 s时，电压表的示数
15、为4 VC电流表的示数先变小后变大D电流表的示数先变大后变小解析：选BC由电压公式知交流电的100，则频率f Hz50 Hz，故A错误；原线圈两端的输入电压有效值为220 V，由电压与匝数成正比知，所以副线圈两端电压为：U2U1220 V4 V(即为电压表的示数)，故B正确；由题图可知，滑动变阻器的上下两部分并联后与R串联，根据串并联电路的电阻可知，当滑片P位于中间位置时，并联电阻的电阻值最大，所以当滑动变阻器的滑动触头P从最上端滑到最下端的过程中，电路中的总电阻先增大后减小，根据欧姆定律可知，电路中的电流值将先减小后增大。变压器的输出电流先减小后增大，则输入的电流也是先减小后增大，即电流表的示数先变小后变大，故C正确，D错误。考点四变压器与远距离输电问题1
