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1、广东省江门市第二中学2017-2018学年高二下学期第二次月考（5月）物理（理）试题一、单项选择题 1. 如图所示，线圈两端与电阻相连构成闭合回路，在线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的S极朝下在将磁铁的S极插入线圈的过程中A. 通过电阻的感应电流的方向为由a到b，线圈与磁铁相互排斥B. 通过电阻的感应电流的方向为由b到a，线圈与磁铁相互排斥C. 通过电阻的感应电流的方向为由a到b，线圈与磁铁相互吸引D. 通过电阻的感应电流的方向为由b到a，线圈与磁铁相互吸引【答案】B【解析】当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，原磁场方向向下，所以感应磁场方向向上，根据右手螺旋定则，拇指表示感应磁场的方
2、向，四指弯曲的方向表示感应电流的方向，即通过电阻的电流方向为ba根据楞次定律“来拒去留”可判断线圈对磁铁的作用是阻碍作用，故磁铁与线圈相互排斥综上所述：线圈中感应电流的方向为电阻的电流方向为ba，磁铁与线圈相互排斥故选B.2. 如图所示，A是一个边长为L的正方形导线框，每边电阻为r.现维持线框以恒定速度v沿x轴运动，并穿过图中所示由虚线围成的匀强磁场区域Ubcbc，线框在图示位置的时刻作为时间的零点，则b、c两点间的电势差随时间变化的图线应为 A. B. C. D. 【答案】B【解析】试题分析：由线圈运动时切割磁感线的长度，由E=BLv可求得感应电动势，则由欧姆定律可得出电流与电压；再由右手定
3、则可得出电流的方向，从而确定电势的高低规定以顺时针方向为电流的正方向，线框在磁场外，力与电流为0，由右手定则可得出电流的方向为逆时针的方向，维持线框以恒定速度V沿X轴运动，所以感应电动势和电流不变，根据法拉第电磁感应定律，则有，线框全部进入磁场，感应电流为0，但感应电动势BLv，则，线框左边切割磁感线，由右手定则可得出电流的方向为顺时针的方向，维持线框以恒定速度v沿x轴运动，所以感应电动势和电流不变，根据法拉第电磁感应定律，则有3. 如图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈，它的电阻可忽略不计，D1和D2是两个完全相同的小灯泡将电键K闭合，待灯泡亮度稳定后，再将电键K断开，则下列说法中正确的是
4、A. K闭合瞬间，D2先亮，D1后亮，最后两灯亮度一样B. K闭合瞬间，D1先亮，D2后亮，最后两灯亮度一样C. K断开时，D2立即熄灭，D1亮一下再慢慢熄灭D. K断开时，两灯都亮一下再慢慢熄灭【答案】C点睛：线圈中电流变化时，线圈中产生感应电动势；线圈电流增加，相当于一个瞬间电源接入电路，线圈上端是电源正极当电流减小时，相当于一个瞬间电源，线圈下端是电源正极.4. 如图所示，理想变压器原线圈的匝数为n1，副线圈的匝数为n2，原线圈的两端a、b接正弦交流电源，电压表V的示数为220 V，负载电阻R44 ，电流表A1的示数为0.2 A下列判断正确的是A. 原线圈和副线圈的匝数比为21B. 原线
5、圈和副线圈的匝数比为51C. 电流表A2的示数为0.1 AD. 电流表A2的示数为0.4 A【答案】B【解析】试题分析：理想变压器输入功率等于输出功率，原副线圈电流与匝数成反比变压器的输出功率等于输入功率，则，解得： ，由于原副线圈电流与匝数成反比，所以初级线圈和次级线圈的匝数比，故B正确5. 在地震救援中，救援队员用多种生命探测仪搜寻废墟下幸存者的具有生命迹象的信息有一种生命探测仪与自动门、电视机遥控器应用的是同一种类型的传感器，这种生命探测仪应用的传感器是A. 温度传感器 B. 声音传感器 C. 红外线传感器 D. 压力传感器【答案】C【解析】一切物体均发出红外线，生命探测仪可利用红外线来
6、探测，和电视机遥控器使用的是同一类型传感器，红外线是一种不可见的光线，红外报警装置就是利用它将光信号转换为电信号的；故C正确，ABD错误；故选C.点睛：对于传感器我们应该了解它是一种将其它信号转换为电信号，从而实现对电路控制的装置，它的应用也比较广泛，在不同的应用中，它转换的信号不同，我们应具体问题具体分析.6. 在光电效应实验中，用单色光照射某种金属表面，有光电子逸出，则光电子的最大初动能取决于入射光的A. 频率 B. 强度 C. 照射时间 D. 光子数目【答案】A【解析】根据爱因斯坦的光电效应方程：，光电子的最大初动能只与入射光的频率在关，与其它无关。而光照强度，照射时间及光子数目与逸出的
7、光电子数量的关。视频7. 如图所示为氢原子能级示意图，现有大量的氢原子处于n4 的激发态，当向低能级跃迁时辐射出若干种不同频率的光子，下列说法正确的是A. 这些氢原子总共可辐射出3种不同频率的光子B. 由n2能级跃迁到n1能级产生的光频率最小C. 由n4能级跃迁到n1能级产生的光波长最长D. 用n2能级跃迁到n1能级辐射出的光照射逸出功为6.34 eV的金属铂能发生光电效应【答案】D【解析】根据知，这些氢原子总共可辐射出6种不同频率的光子，A错误；n=4和n=3间的能级差最小，辐射的光子频率最小，B错误；n=4和n=1间的能级差最大，辐射的光子频率最大，波长最短，C错误；从n=2跃迁到n=1能
8、级辐射的光子能量为10.2eV，大于金属铂的逸出功，可以发生光电效应，D正确8. 目前，在居室装修中经常用到花岗岩、大理石等装饰材料，这些装饰材料都不同程度地含有放射性元素，下列有关放射性知识的说法中正确的是A. 射线与射线一样是电磁波，但穿透本领远比射线弱B. 氡的半衰期为3.8天，4个氡原子核经过7.6天后就一定只剩下1个氡原子核C. 衰变成 要经过8次衰变和8次衰变D. 放射性元素发生衰变时所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的【答案】D【解析】射线是电磁波，射线不是电磁波，射线穿透本领远比射线弱，选项A错误；半衰期是大量原子核衰变的统计规律，对少数原子核的衰变不适应，选项B错误
9、；因为衰变的质量数不变，所以衰变的次数n=8，在衰变的过程中电荷数总共少16，则衰变的次数m6故C错误。衰变时，原子核中的一个中子，转变为一个质子和一个电子，电子释放出来，不是来自核外电子。故D正确。故选D。二、多项选择题9. 下列说法正确的是A. 把金属块放在变化的磁场中可产生涡流B. 在匀强磁场中匀速运动的金属块会产生涡流C. 涡流对于生产和实验，既有有利的一面，也有不利的一面D. 大块金属中无感应电动势产生,直接产生了涡流【答案】AC【解析】A、英国物理学家麦克斯韦认为，金属块处于变化的磁场中会产生涡流故A正确B、把金属块在匀强磁场中匀速运动，有感应电动势，但没有磁通量的变化，不产生感应
10、电流故B 错误.C、涡流有利有弊，如真空冶炼炉，硅钢片铁心，金属探测器，电磁灶等，故C正确.D、大块的导体在磁场中运动或处在变化的磁场中,都要产生感应电动势,形成涡流,引起较大的涡流损耗，故选项D错误。故选AC.【点睛】本题考查涡流的工作原理，要注意明确只有穿过金属物体的磁通量发生变化，才能产生涡流，掌握产生感应电流的条件10. 如图所示，闭合开关S，将条形磁铁插入闭合线圈，第一次用02 s，第二次用04 s，并且两次的起始和终止位置相同，则A. 第一次磁通量变化较快 B. 第一次G的最大偏角较大C. 第二次G的最大偏角较大 D. 若断开S，G均不偏转，故均无感应电动势【答案】AB【解析】将磁
11、铁插到闭合线圈的同一位置。磁通量的变化量相同，而用的时间不同，所以磁通量的变化率不同，第一次时间短变化快，感应电动势大，故A、B正确，C错误；若断开S，无感应电流，但有感应电动势，故D错误。11. 下列核反应或核衰变方程中，符号X表示中子的是A. B. C. D. 【答案】AC【解析】设A中X的质量数为m，电荷数为n，根据质量数和电荷数守恒可得：9+4=12+m，4+2=6+n，解得m=1，n=0，故X表示中子，故A错误；同理可得：B中X表示质子，C中X表示中子，D中X表示正电子，故B正确，ACD错误。故选B。12. 轻质弹簧一端悬挂于天花板，另一端与一小木块相连处于静止状态，一子弹以水平速度
12、v瞬间射穿木块，不计空气阻力 A. 子弹射穿木块的过程中，子弹与木块组成的系统机械能不守恒B. 子弹射穿木块后，木块在运动过程中机械能守恒C. 木块在向右摆动过程中，木块的动能与弹簧的弹性势能之和在变小D. 木块在向右摆动过程中重力的功率在变小【答案】AC【解析】子弹射穿木块的过程中，将会有热量产生，所以子弹与木块组成的系统机械能不守恒，故A正确；子弹射穿木块后，木块将会做圆周运动，弹簧将被拉长，势能增加，所以木块在运动过程中机械能不守恒，故B错误；把木块和弹簧看成一个系统机械能守恒，弹性势能、动能和重力势能之和保持不变，木块在向右摆动过程中，重力势能增加，所以木块的动能与弹簧的弹性势能之和在
13、变小，故C正确；当木块在最低点时重力的瞬时功率为零，物块到达最高处时重力的瞬时功率也为零，所以重力的功率先增大后减小，故D错误。所以AC正确，BD错误。13. 美国物理学家密立根利用图甲所示的电路研究金属的遏止电压与入射光频率的关系，描绘出图乙中的图像，由此算出普朗克常量h 。电子电量用e表示，下列说法正确的是A. 入射光的频率增大，为了测遏止电压，则滑动变阻器的滑片P应向M端移动B. 由UC-v图像可知，这种金属的截止频率为vcC. 增大入射光的强度，光电子的最大初动能也增大D. 由UC-v图像可求普朗克常量表达式为【答案】BD【解析】入射光的频率增大，光电子的最大初动能增大，则遏止电压增大
14、，测遏制电压时，应使滑动变阻器的滑片P向N端移动，故A错误；根据光电效应方程Ekm=hv-W0知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，故C错误；根据Ekm=hv-W0=eUc，解得：，图线的斜率，则，当遏止电压为零时，v=vc，故BD正确所以BD正确，AC错误。三、实验题14. 如图所示为“探究两物体作用前后动量是否守恒”的实验装置示意图。已知a、b小球的质量分别为ma、mb，半径分别是ra、rb，图中P点为单独释放a球的平均落点，M、N是a、b小球碰撞后落点的平均位置。（1）本实验必须满足的条件是_。A斜槽轨道必须是光滑的B斜槽轨道末端的切线水平C入射小球每次都从斜槽上的同一位置无初速度释
15、放D入射小球与被碰球满足mamb，ra=rb（2）为了判断动量守恒，需要测量OP间的距离x1，则还需要测量OM间的距离x2，ON间的距离x3，如果动量守恒，须满足的关系式是_（用测量物理量的字母表示）。【答案】 (1). （1）BCD (2). （2） 【解析】（1）“验证动量守恒定律”的实验中，是通过平抛运动的基本规律求解碰撞前后的速度的，只要离开轨道后做平抛运动，对斜槽是否光滑没有要求，故A错误；要保证每次小球都做平抛运动，则轨道的末端必须水平，故B正确；要保证碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要从同一高度由静止滚下，故C正确；为了保证小球碰撞为对心正碰，且碰后不反弹，要求，故D正确（2）要验证动量守恒定律定律，即验证，小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得：，得，15. 如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置(1).将图中所缺的导线补接完整_； (2).如果在闭合开关时发现灵敏电流计
