《（浙江专用）2019年高考化学大二轮复习 第二部分 试题强化突破 提升训练26 元素与物质推断(第27题)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《（浙江专用）2019年高考化学大二轮复习 第二部分 试题强化突破 提升训练26 元素与物质推断(第27题)（5页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、提升训练26元素与物质推断(第27题)1.(2018学军中学模拟)探究无机盐X(仅含三种短周期元素)的组成和性质,设计并完成如下实验:请回答:(1)X的化学式是。(2)白色粉末溶于氢氧化钠溶液的离子方程式是。(3)白色沉淀用途广泛,请列举一例:。2.某新型无机材料A3M4由两种非金属元素组成,元素M位于第二周期第A族。D、E、H均为难溶于水的白色固体,化合物C、E均含A元素。其余物质均为中学化学中的常见物质。请回答:(1)写出H的化学式:。(2)化合物A3M4中含有的化学键类型为。(3)写出反应的离子方程式:。3.为了探究不溶性盐X(仅含5种元素)的组成和性质,设计并完成如下实验(所加试剂均过
2、量,气体体积均在标准状况下测定)。请回答:(1)X的组成元素为H、O和(用元素符号表示),气体C的电子式为。(2)写出反应的离子方程式:。4.为探究含结晶水的化合物X(含四种元素,摩尔质量为180 gmol-1)的组成和性质,某兴趣小组设计并完成如下实验:请回答:(1)黑色固体Y的化学式为,气体C的电子式为。(2)晶体X隔绝空气受热分解的化学方程式为。5.某盐A是由三种元素组成的化合物,某研究小组按如图流程探究其组成:请回答:(1)写出红棕色固体C的化学式:。(2)写出A受热分解反应的化学方程式:。(3)写出检验A中阳离子的实验方案:。6.为探究某矿物X(仅含三种元素)的组成,设计并完成了如下
3、实验:已知:气体A能使品红溶液褪色,固体B中仅含CuO、Fe2O3。请回答:(1)X的化学式为。(2)溶液C中存在的阳离子有。参考答案提升训练26元素与物质推断(第27题)1.答案: (1)Mg2SiO4或2MgOSiO2(2)SiO2+2OH-SiO32-+H2O(3)优良的阻燃剂(答案合理即可)解析: 无机盐X(仅含三种短周期元素),加入过量盐酸溶解,离心分离得到白色胶状沉淀和无色溶液,白色胶状沉淀为硅酸,硅酸充分灼烧得到白色粉末1.80g为SiO2,其物质的量=1.80g60gmol-1=0.03mol,溶于氢氧化钠溶液得到无色溶液为硅酸钠溶液,说明无机盐X中含SiO32-或SiO44-
4、,且物质的量为0.03mol,若为SiO32-,则其质量=0.03mol76gmol-1=2.28g,金属质量=4.20g-2.28g=1.92g,无色溶液中加入过量氢氧化钠溶液生成白色沉淀,则沉淀为Mg(OH)2,则无机盐X中含镁元素的物质的量=3.48g58gmol-1=0.06mol,质量为0.06mol24gmol-1=1.44g,不符合要求,则无机盐X中含SiO44-,其物质的量为0.03mol,质量=0.03mol92gmol-1=2.76g,金属质量为4.20g-2.76g=1.44g,其物质的量=1.44g24gmol-1=0.06mol,得到X为Mg2SiO4,则(1)X的化
5、学式为Mg2SiO4或2MgOSiO2;(2)白色粉末溶于氢氧化钠溶液的离子方程式是SiO2+2OH-SiO32-+H2O;(3)氢氧化镁是优良的阻燃剂。2.答案: (1)AgCl(2)共价键(3)SiO2+2OH-SiO32-+H2O解析: 根据题中各物质转化关系,D受热得E,E能与氢氧化钠溶液反应生成F,F与过量的二氧化碳反应生成D,说明D为弱酸且能受热分解;新型无机材料A3M4由两种非金属元素组成,元素M位于第2周期A族,应为氮元素,A元素在A3M4中显+4价,化合物C、E均含A元素,D、E、H均为难溶于水的白色固体,可知A3M4应为Si3N4,可以确定A为Si,E为SiO2,F为Na2
6、SiO3,则D为H2SiO3,G与硝酸银溶液反应生成不溶于稀硝酸的沉淀H,则可知G中有Cl-,H为AgCl,故C为SiCl4,B为Cl2;由SiCl4+3H2O4HCl+H2SiO3,生成G(HCl)。(1)H的化学式为AgCl;(2)化合物Si3N4中含有的化学键类型为共价键;(3)SiO2溶解于NaOH溶液发生反应的离子方程式为SiO2+2OH-SiO32-+H2O。3.答案: (1)N、S、CuHNHH(2)2NH4CuSO3+4H+Cu+Cu2+2SO2+2H2O+2NH4+解析: A气体能使品红溶液褪色,应是SO2,物质的量是0.1mol,说明X中含有亚硫酸根或亚硫酸氢根离子。B是红
7、色固体,应该是铜,物质的量是0.05mol;蓝色溶液和氢氧化钠反应生成能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体C和蓝色沉淀,说明C是氨气,物质的量是0.1mol,即X中含有铵根;蓝色沉淀灼烧生成黑色固体D,D是氧化铜,物质的量是0.05mol。则X中铜离子、铵根和亚硫酸根(或亚硫酸氢根)的物质的量之比是111且均为0.1mol,而0.1molNH4CuSO3的质量恰好是16.2g。(1)根据以上分析可知X的组成元素为H、O、N、S、Cu,氨气的电子式为HNHH。(2)根据以上分析可知反应的离子方程式为2NH4CuSO3+4H+Cu+Cu2+2SO2+2H2O+2NH4+。4.答案: (1)FeOOCO
8、(2)FeC2O42H2OFeO+CO+CO2+2H2O解析: 黑色固体Y与盐酸反应的产物遇KSCN溶液无明显现象,通入氯气后,溶液变为血红色,可知Y为FeO,则FeO的物质的量n(FeO)=m(FeO)M(FeO)=10.8g72gmol-1=0.15mol;混合气体与足量澄清石灰水反应生成15.0g白色沉淀和气体B,B与足量的CuO反应生成气体C,C能与足量澄清石灰水反应生成15.0g白色沉淀,根据原子守恒,可知混合气体中含有等物质的量的CO2和CO,即:n(CO)=n(CO2)=n(CaCO3)=m(CaCO3)M(CaCO3)=15.0g100gmol-1=0.15mol。结合X的物质
9、的量n(X)=m(X)M(X)=27.0g180gmol-1=0.15mol,X中含有H2O物质的量:n(H2O)=m(X)-m(CO)-m(CO2)-m(FeO)M(H2O)=27.0g-0.15mol28gmol-1-0.15mol44gmol-1-10.8g18gmol-1=0.3mol,则n(X)n(FeO)n(CO)n(CO2)n(H2O)=0.15mol0.15mol0.15mol0.15mol0.3mol=11112,推出:X的分子式为FeC2O42H2O。(1)黑色固体Y的化学式为FeO,气体C(CO2)的电子式为OCO;(2)晶体X(FeC2O42H2O)隔绝空气受热分解的化
10、学方程式为FeC2O42H2OFeO+CO+CO2+2H2O。5.答案: (1)Fe2O3(2)2FeSO4Fe2O3+SO3+SO2(3)取少量试样配成溶液,滴入KSCN溶液,若不变色,再滴加少量氯水,出现血红色,证明有亚铁离子解析: 标准状况下448mL气体B能与足量BaCl2溶液反应,产生2.33g白色沉淀,则该气体中有SO3,2.33g白色沉淀是BaSO4,物质的量为0.01mol,SO3的物质的量为0.01mol,448mL气体B的物质的量为0.02mol,则气体B中还有0.01molSO2,红棕色固体C与盐酸反应生成黄色溶液,则红棕色固体C为Fe2O3,物质的量为1.6g160gm
11、ol-1=0.01mol,氧化铁与盐酸反应生成氯化铁和水,氯化铁溶液呈黄色,化合物A中铁原子与硫原子的物质的量之比为11,铁元素、硫元素质量和为(56+32)gmol-10.02mol=1.76g,则盐A是由三种元素组成的化合物,另一种元素应为氧,质量为3.04g-1.76g=1.28g,物质的量为0.08mol,所以化合物中Fe、S、O的物质的量之比为114,A是FeSO4。(1)根据上述分析,红棕色固体C为氧化铁,化学式为Fe2O3。(2)根据上述分析,A为FeSO4,受热分解生成氧化铁、SO2和SO3,反应的化学方程式为2FeSO4Fe2O3+SO3+SO2。(3)A为FeSO4,根据F
12、e2+的检验方法,检验FeSO4中Fe2+的实验方案是取少量试样配成溶液,滴入KSCN溶液,若不变色,再滴加少量氯水,溶液变为血红色,证明有亚铁离子。6.答案: (1)Cu5FeS4(2)Fe3+、Cu2+、H+解析: (1)气体A能使品红溶液褪色,气体A应为SO2,固体B中仅含CuO、Fe2O3,并结合X中含有三种元素,可知X为S、Fe、Cu组成的化合物;固体B溶于足量稀盐酸生成FeCl3和CuCl2,往溶液C中加入5.0gCu,剩余1.8gCu,则溶解3.2gCu,其物质的量为0.05mol,根据Cu+2Fe3+Cu2+2Fe2+,可知固体B中含有Fe3+的物质的量为0.1mol,Fe2O3的物质的量为0.05mol,质量为0.05mol160gmol-1=8g,则固体B中CuO的质量为40g,其物质的量为0.5mol,原固体X中S的物质的量为50.4g-56gmol-10.1mol-64gmol-10.5mol32gmol-1=0.4mol,则化合物X中n(Fe)n(Cu)n(S)=0.1mol0.5mol0.4mol=154,X的化学式为Cu5FeS4;(2)CuO、Fe2O3溶于足量稀盐酸生成FeCl3和CuCl2溶液,则所得溶液C中存在的阳离子有Fe3+、Cu2+、H+。- 5 -
