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1、浦东新区 2014 年高考预测 物理试卷 说明： 1本试卷考试时间 120 分钟，满分 150 分，共 33 题。第 30、 31、 32、 33 题要求写出 必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案，而未写出主要演算过程的，不能得分。 2选择题答案必须全部涂写在答题卡上。考生应将代表正确答案的小方格用 2B 铅笔涂黑。注意试题题号与答题卡上的编号一一对应，不能错位。答案需更改时，必须将原选项用橡皮擦去，重新选择。写在试卷上的答案一律不给分。 一单项选择题（共 16 分，每小題 2 分，每小题只有一个正确选项 ，答案涂写在答题卡上 ） 1下列叙述中符合物理学史实的是 A惠更斯发现
2、了单摆的等时性 B奥斯特发现了电磁感应现象 C托马斯 杨通过双缝干涉实验证实了光具有波动性 D汤姆孙通过 粒子散射实验提出了原子的核式结构模型 2如图所示，在白光照射下，能在竖直放置的肥皂膜上看到 A上疏下密的黑白条纹 B上疏下密的彩色条纹 C上密下疏的黑白条纹 D上密下疏的彩色条纹 3 关于固体和液体的微观结构 ，下列说法 正确的是 A固体分子静止在平衡位置 B固体分子没有固定的平衡位置 C液体分子没有平衡位置 D液体分子没有固定的平衡位置 4 下列核反应方程中 X 表示 粒子，且属于 衰变的是 A XThU 2349023892 B XPaTh 2349123490 C nXHH 1031
3、21 D nCXBe 1012694 5 一定质量的乙醚液体全部蒸发，变为同温度的乙醚气体，在这一过程中 A分子引力增大，分子斥力减小 B分子势能减小 C乙醚的内能不变 D分子平均动能不变 6 物体做平抛运动， 下列说法 正确的是 A 加速度的方向时刻改变 B速度的变化率不断增大 C 任意一段时间内速度变化量的方向均竖直向下 D第 1 秒内、第 2 秒内、第 3 秒内 的位移之比为 1:3:5 7 如图所示为用“与”门构成的报警器电路。下列哪种情况下，报警器一定会报警 A S 断开， P 在 a 端 B S 闭合， P 在 a 端 C S 断开， P 在 b 端 D S 闭合， P 在 b 端
4、 8 某质点作简谐 运动 的振动图像如图所示， 则 A t 0.2s 时，质点 速度 方向沿 x 正 方向 B t 0.2s 时，质点 加速度 方向沿 x 负 方向 C 0.2s 0.4s 内质点速度先减小后增大 D 0.2s 0.4s 内质点加速度先增大后减小 二单项选择题（共 24 分，每小题 3 分 ， 每小题只有一个正确选项 ，答案涂写在答题卡上 ） 9 物体 正在沿 x 轴做直线运动，可能出现的情况是 A 加速度沿 +x 方向逐渐增大，速度沿 +x 方向逐渐减小 B 加速度沿 +x 方向逐渐减小，速度沿 +x 方向逐渐减小 C 加速度沿 -x 方向逐渐增大，速度沿 -x 方向逐渐减小
5、 D 加速度沿 -x 方向逐渐减小，速度沿 -x 方向逐渐增大 10 如图所示，当长木板从水平位置开始缓慢转动至竖直位置 过程中，原来静止在长木板上的物块 A 所受合外力始终为零 B 受到的支持力一直减小 C 受到的摩擦力一直增大 D 对长木板作用力先不变后增大 11 在光滑水平面上，一物体在水平力 F 的作用下，由静止开始做直线运动， F 随位移 s 变化的图线如图所示，下列描述其位移时间 （ s t）和速度时间（ v t） 关系图像正确的是 A B C D 12 如图所示 ，在两个等量异种点电荷的电场中 ， C、 DO t s t0 3t0 t O s t0 3t0 O t v t0 3t
6、0 O t v t0 3t0 O s F a 3a -F0 2F0 5V R2 a b S L R1 & P t/s y/cm x/cm y/cm o 2 -2 0.3 0.6 0.9 a b o c d B O 两点位于两电荷连线的中垂线上， A、 B 两点位于两电荷的连线上，且关于上述中垂线左右对称，则以下判断正确的是 A 将检验电荷 +q 从 A 点移动到 B 点，电场力不做功 B 将检验电荷 -q 从 A 点移动到 B 点，电场力做正功 C 将检验电荷 +q 从 D 点移动到 C 点，电场力不做功 D 将检验电荷 -q 从 D 点移动到 C 点，电场力做负功 13 美国 物理学家蔡特曼
7、 （ Zarman）和我国物理学家葛正权于 1930 1934年对施特恩测定分子速率的实验作了改进，设计了如图所示的装置。 半径为 R 的 圆筒 B 可绕 O 轴以角速度 匀速转动， aOcd 在一直线上，银原子以一定 速率 从 d 点 沿虚线方向 射出，穿过筒上狭缝 c 打在圆筒内壁 b 点， aOb ， ab 弧长为 s，其间圆筒转过角度小于 90，则下列判断正确的是 A圆筒逆时针方向转动 B银原子在筒内运动时间 st C银原子速率为 R D银原子速率为 sR22 14 如图所示， 一形状不规则、质量分布不均匀的棒，可绕固定转轴 O在竖直面内自由转动，当棒自由平衡时下端 A 恰位于转轴 O
8、 点正下方。现用水平恒力 F 作用于 A 端，在转动 角度小于 90的过程中 A 棒的重力力矩先减小后增大 B 恒力 F 的力矩先减小后增大 C 棒转动的角速度先增大后减小 D 棒上 A、 B 两点线速度方向始终相同 15 如图所示，竖直放置的弯曲玻璃管 a 端封闭， b 端开口，水银将两段空气封闭在管内，管内各液面间高度差 为 h1、 h2、 h3 且h1=h2=h3； K1、 K2 为两个阀门， K2 位置与 b 管水银面等高， 打开阀门 后可与外界大气相通。打开 K1 或 K2，下列判断正确的是 A 打开 K1， h1、 h2 和 h3 均变为零 B 打开 K1， h1 增大， h2 和
9、 h3 均 变为 零 C 打开 K2， h1、 h2 和 h3 均变为零 D 打开 K2， h1、 h2、 h3 的 长度 保持 不变 F O F B A h2 h3 h1 K2 K1 a b 16 在平直公路上行驶的 a 车和 b 车，其位移 -时间图像分别为图中直线 a 和曲线 b，由图可知 A b 车运 动方向始终不变 B在 t1 时刻 a 车的位移大于 b 车 C t1 到 t2 时间内 a 车 的平均速度小于 b 车 D t1 到 t2 时间内 某时刻 两车 的 速度 可能相 同 三多项选择题 （ 共 16 分，每小题 4 分 ， 每小题有 两 个或三个正确选项 ， 全选对的，得 4
10、分 ， 选对但不全的，得 2 分 ， 有选错或不答的，得 0 分 ，答案涂写在答题卡上 ） 17 将 小球从地面以初速度 v0 竖直向上抛出，运动过程中小球受到的空气阻力大小不变，最终小球又落回到地面，以地面为零势能面，则小球 A 上升时间大于下落时间 B 上升的最大高度小于gv220 C 上升过程中到达最大高度一半时其动能大于重力势能 D 下降过程中到达最大高度一半时其动能等于重力势能 18如图所示，在竖直平面内有一半径为 R 的 3/4 圆弧轨道，半径 OA水平、 OB 竖直，一个质量为 m 的小球自 A 的正上方 P 点由静止开始自由下落， 不计空气阻力， 小球沿轨道到达最高点 B 时
11、恰好 对轨道没有压力。已知 PA=2.5R， 重力加速度为 g， 则小球从 P 到 B 的运动过程中 重力做功 1.5mgR B 动能增加 mgR C克服摩擦力做功 mgR D 离开 B 点后小球能落在圆轨道内 19 如图所示，两个完全相同的光滑球的质量 均 为 m，放在竖直挡板和倾角为 的固定斜面间。若缓慢转动挡板 到与 斜面垂直，在此过程中 A P、 Q 两球间的弹力不变 B P 球对斜面的压力逐渐增大 C Q 球对斜面的压力逐渐增大 D Q 球对挡板的压力逐渐减小 O B A R 2.5R P P Q s O t1 a y/cm b y/cm t2 t 20 如图所示的电路中，定值电阻
12、R1、 R2、 R3、 R4 的阻值均为 R0，理想电压表读数 U，变化 量的绝对值 U，理想电流表读数 I，变化量的绝对值 I，在滑动变阻器的滑动端自右向左滑动的过程中，下列判断正确的是 A U 增大， I 减小 B IU 增大 C IU 增大 D IU 0， 所以 6.4-4.80， 得 0.75 依题意， 0 1，所以 的取值范围为 0.751 方法 ： 欲使 挡板 X 始终 受 到 压力 作用，须使小物块 P 对 AD 面的摩擦力 f 与 P 对 AD 面的正压力 N的合力（全反力）方向偏向左下方，即 t a n t a n 3 7 0 .7 5fN 依题意， 0 1，所以 的取值范围
13、为 0.751 Mg F N N f 32（ 14 分） 解： （ 1）（ 3 分）对小球 A、 B 及细线构成的整体，受力平衡，有 mglkqlkq 224 得 qmglk 32（ 2）（ 5 分）若撤去外力瞬时， A、 B 间细线拉力突然变为零，则 对 A 球：Akq mal得 mlkqaA，方向向右 对 B 球： 4 2Bkq mal得 mlkqaB 2，方向向右 因为 aAaB，所以在撤去外力瞬时 A、 B 将以相同的加速度 a 一起向右运动， A、 B 间绝缘细线张紧，有拉力 T。 因此， 对 A、 B 整体，由牛顿第二定律，有 422kkq q m all 即 2mg=2ma 得
14、a=g 对 A： kq T mal 解得 mgT 31 故撤去外力瞬时， A、 B 的加速度 a=g； A、 B 小球间绝缘细线的拉力 mgT 31 （ 3）（ 6 分）当 A 向左运动达到速度最大时 2kq mgr 代入 k， 得 lr 31 设 从剪断绝缘细线到 A 球向左运动达到最大速度 ，电场力做功为 W，由动能定理 212 ( ) 02 mm g l r W m v 解得 241()32mm g lW m v ，负号表示电场力做负功。 又由电场力做功可知 W=qU 因此 24()32 mW mgl mvU q q q 在 A 球 向 左 运动达到最大 速度 的 过程中， 所在处电势升高了。 变化量为 2432mm gl m vU qq 33（ 14 分） 解： （ 1）（ 3 分）由图知 0.2 0.1T/ s2Bt 0 .1 0 .5 1V 0 .0 5 VB LdE tt 0 .0 5 A 0 .2 5 A0 .2EI R 根据楞次定律，电流方向为 abPMa。 （ 2）（ 2 分）
