《【物理】山东省2013-2014学年高二上学期期中试题》由会员分享,可在线阅读,更多相关《【物理】山东省2013-2014学年高二上学期期中试题(17页珍藏版)》请在金锄头文库上搜索。
1、12013-20142013-2014 学年山东省潍坊一中高二(上)期中物理试卷学年山东省潍坊一中高二(上)期中物理试卷(A A)参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题一、选择题1 (3 分)两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球(可看成点电荷) ,其中一个球的带电量的绝对值是另一个的 5 倍,当它们静止于真空中某两点时,库仑引力大小为F现将两球接触后再放回原处,则它们间静电力的大小为( )ABCD考点: 库仑定律 专题: 电场力与电势的性质专题分析: 接触带电的原则是先中和后平分,两个球的电性可能相同,可能不同,根据 F=得出接触后再放回原处的库仑力大小解答: 解:若两电荷同性,
2、设一个球的带电量为 Q,则另一个球的带电量为 5Q,此时 F=,接触后再分开,带电量各为:则两球的库仑力大小为:若两电荷异性,接触后再分开,两球电量的绝对值为:,此时两球的库仑力为:故 B、D 正确,A、C 错误故选:BD点评: 解决本题的关键掌握接触带电的原则,先中和后平分,以及掌握库仑定律的公式 F=22 (3 分)有两个固定的异号点电荷,电量给定但大小不等,且 q1q2,用 E1和 E2分别表示两个点电荷产生的电场强度的大小,则在通过两点电荷的直线上,E1=E2的点( )A有三个,其中两处合场强为零B有三个,其中一处合场强为零C只有两个,其中一处合场强为零D只有一个,该处合场强不为零考点
3、: 电场的叠加;电场强度 专题: 电场力与电势的性质专题分析: 两电荷连线上可以分为三部分,大电荷的外侧,两电荷之间,小电荷的外侧,在根据点电荷的场强公式判断是否场强大小相等解答: 解:设大电荷量为 Q,小电荷量为 q,两电荷间距为 L,在连线上场强大小相等的点距离 q 为 r,则有 K,r 有两个解,即场强相等的点有两处,一处在两电荷中间的连线上,合场强不为零,另一处在连线 q 的外侧,合场强为零故C 正确故选 C点评: 做这种类型的题,最好画出图,根据图象分析可能的地方3 (3 分) (2009德阳模拟)一平行板电容器充电后与电源断开,正极板接地,在两极板间有一正电荷(电量很小)固定在 P
4、 点,如图所示以 E 表示两极板间的场强,U 表示电容器的电压, 表示正电荷在 P 点的电势能,若保持负极板不动,将正极板移到图中虚线所示的位置,则( )3AU 变小,E 不变BE 变大, 变大CU 变小, 变大DU 不变, 变大考点: 电容器的动态分析专题: 电容器专题分析: 平行板电容器充电后与电源断开后所带电量不变移动极板,根据推论分析板间场强是否变化由电容的决定式分析电容的变化,确定电压 U 的变化根据 P 点与上板间电势差的变化,分析 P 点的电势如何变化,判断电势能的变化解答:解:平行板电容器充电后与电源断开后所带电量 Q 不变,根据推论 E=得知,板间场强 E 不变由电容的决定式
5、 C=得到电容 C 增大,由电容的定义式 C=分析得知,电压 U 变小由 U=Ed 得知,P 点与上板间的电势差变小,而 P 点的电势低于上板电势,则 P 点的升高,正电荷的电势能 变大故选:AC点评: 电容器的电量和正对面积不变,板间场强 E 不变是重要的推论,要能根据电容的决定式 C=、定义式 C= 和 E= 结合进行推导4 (3 分) (2004广东)如图所示,为示波管中偏转极板的示意图,相距为 d、长度为 l 的平行板 A、B 加上电压后,可在 A、B 板之间的空间中(设为真空)产生匀强电场,在 AB 左端距 A、B 等距离处的 O 点,有一电荷量为 q、质量为 m 的粒子以初速度 v
6、0沿水平方向(与AB 极板平行)射入不计重力,要使此粒子恰能从 C 处射出,则 A、B 间的电压为( )4ABCD考点: 带电粒子在匀强电场中的运动 专题: 带电粒子在电场中的运动专题分析: 将粒子的运动沿着水平和竖直方向正交分解,水平方向做匀速运动,竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动;然后根据分位移公式列式求解解答: 解:将粒子的运动沿着水平和竖直方向正交分解,水平方向做匀速运动,竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动;水平分位移为:l=v0t 竖直分位移为: 联立解得故选 A点评: 本题关键是将合运动沿初速度方向和电场力方向进行正交分解,然后根据分位移公式列式后联立求解5 (3 分)如图所
7、示的电容式话筒就是一种电容式传感器,其原理是:导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器,当振动膜片在声压的作用下振动时,两个电极之间的电容发生变化,电路中电流随之变化,这样声信号就变成了电信号则当振动膜片向右振动时( )5A电容器电容值增大B电容器带电荷量减小C电容器两极板间的场强增大D电阻 R 上电流方向自左向右考点: 电容器专题: 电容器专题分析: 电容器极板间距离的变化引起了电容的变化,电容的变化引起了电量的变化,从而场强变化,R 中有电流解答:解:振动膜片向右振动时,电容器两极板的距离变小,电容增大,由 C= 知,U 不变的情况下,电容器所带电荷量 Q 增大,电容器充电,R 中形成自右
8、向左的电流由 E= 知,U 不变,d 减小,则场强 E 增大,故 AC 正确BD 错误故选 AC点评: 本题考查了电容器的动态分析,方法是:从部分的变化引起电容的变化,根据电压或电量不变判断电量或电压的变化6 (3 分) (2014安阳一模)示波管是示波器的核心部件,它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成,如图所示如果在荧光屏上 P 点出现亮斑,那么示波管中的( )A极板 X 应带正电B极板 X应带正电C极板 Y 应带正电D极板 Y应带正电6考点: 示波器的使用专题: 实验题分析: 由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向 X,Y 向,由电子所受电场力的方向确定电场的方向,再确定极板所带的电性由亮斑位置可知
9、电子偏转的打在偏向 X,Y 向,由电子所受电场力的方向确定电场的方向,再确定极板所带的电性解答: 解:电子受力方向与电场方向相反,因电子向 X 向偏转则,电场方向为 X 到 X,则X 带正电同理可知 Y 带正电,故 AC 正确,BD 错误故选:AC点评: 考查电子的偏转,明确电子的受力与电场的方向相反7 (3 分)在 10s 内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为 2C,向左迁移的负离子所带电量为 3C,那么电解槽中电流强度大小为( )A0.1AB0.2AC0.3AD0.5A考点: 电流、电压概念专题: 恒定电流专题分析: 由题计算出 10s 内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和
10、,根据电流的定义I= ,求解电流解答: 解:由题,10s 内通过截面正离子所带的电量为 2C,负离子所带电量为 3C,通过截面正离子与负离子电量绝对值之和为:7Q=2C+3C=5C则电流为 I= =A=0.5A,故选:D点评: 本题是电流定义式的应用,关键确定通过导体截面的电量,当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时,电量等于正离子与负离子电量绝对值之和8 (3 分)甲乙两条铜线质量之比 M甲:M乙=4:1,长度之比 L甲:L乙=1:4,电阻之比 R甲:R乙为( )A1:1B1:16C64:1D1:64考点: 电阻定律分析: 由题意可知导体的长度及横截面积,则由电阻定律要求得电阻之比解答:
11、解:M=V=LS;则可知:=16:1;则由 R=可知,电阻之比:= =故选:D点评: 本题要注意质量在这里的目的,不能简单地认为长度之比即为电阻之比而忽略了截面积的存在9 (3 分)如图所示,图线 1 表示的导体电阻为 R1,图线 2 表示的导体的电阻为 R2,则下列说法正确的是( )8AR1:R2=1:3BR1:R2=3:1C将 R1与 R2串联后接于电源上,则电流比 I1:I2=1:3D将 R1与 R2并联后接于电源上,则电流比 I1:I2=1:3考点: 闭合电路的欧姆定律;串联电路和并联电路专题: 恒定电流专题分析: 由题图象是电阻的伏安特性曲线,其斜率 k 等于电阻的倒数将 R1与 R
12、2串联后接于电源上时,电流相等将 R1与 R2并联后接于电源上时,电压相等,电流与电阻成反比解答: 解:A、B 由图 R1=1,R2=3,故 A 正确C、R1与 R2串联后接于电源上,则电流比 I1:I2=1:1故 C 错误D、将 R1与 R2并联后接于电源上,电流比 I1:I2=R2:R1=3:1 故 D 错误故选 A点评: 本题考查识别、理解物理图象的能力物理图象往往从数学角度,研究图象的斜率、面积、交点等意义10 (3 分)在如图所示的电路中,当开关 S 闭合时,电灯不亮,电流表无读数,电压表读数接近为电源电压,以下可能的情况是( )9A电流表中断路,L1和 L2都完好BL1灯丝断路,电
13、流表和 L2都完好CL2灯丝断路,电流表和 L1都完好DL1和 L2灯丝都断路,而电流表完好考点: 闭合电路的欧姆定律专题: 恒定电流专题分析: 常见的电路故障有断路与短路,根据电路现象分析电路故障原因解答: 解:A、如果电流表中断路,L1和 L2都完好,则电压表与电源连接不能相连,电压表示数为零,故 A 错误;B、如果 L1灯丝断路,电流表和 L2都完好,则电路断路,两灯都不亮,电流表示数为零,电压表与电源两极相连,电压表示数接近电源电压,故 B 正确;C、如果 L2灯丝断路,电流表和 L1都完好,电压表与电源两极不能相连,电压表示数为零,故 C 错误;D、如果 L1和 L2灯丝都断路电流表
14、完好,则电压表不能与电源两极相连,电压表示数为零,故 D 错误;故选:B点评: 本题考查了电路故障分析,根据电路故障现象认真分析即可正确解题二、填空题二、填空题11 (3 分)读数图 1(1) 2.25 cm 图 2(2) 6.860 mm10(2)一个电流表的满刻度电流值 Ig=0.6A,面板如图 3 所示,那么它每一小格所相应的电流是 0.02 A,指针现在的电流示数是 0.34 A如果这个量程为 0.6A 的电流表内阻Rg=60,要把这个电流表的量程扩大成 3A,那么应该在 Rg上 并 联一个电阻 Rs,Rs的大小应是 15 ;并联 Rs 后,测某一电流,指针仍指到图 5 中所示位置,则
15、该电流是 1.7 A,并联 Rs 后,刻度盘上每一小格所代表的电流值是未并联 Rs 前的 5 倍考点: 把电流表改装成电压表专题: 实验题;恒定电流专题分析: (1)游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数,不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读(2)根据电流表量程确定其分度值,然后对电流表读数;电流表要扩大量程要并联电阻分流,分流电阻为 R=解答: 解:(1)游标卡尺的主尺读数为 2.2cm=22mm,游标读数为 0.15mm=0.5mm,所以最终读数为 22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm螺旋测微器的固定刻度读数为 6.5mm,可动
16、刻度读数为 0.0136.0mm=0.360mm,所以最终读数为 6.5mm+0.360mm=6.860mm(2)电流表量程为 0.6A,由图示电流表可知,其分度值为 0.02A=20mA,电流表示数为:0.34A;把电流表改装成量程为 3A 的电流表,要并联一个电阻,并联电阻的阻值:R=15;电流表改装后其量程为 3A,由图示电流表可知,其分度值为 0.1A,示数为 1.7A;电流表改装前分度值是 0.02A,改装后分度值为 0.1A,分度值变为原来的 5 倍故答案为:(1)2.25;6.860(2)0.02,0.34,并,15,1.7,5点评: 本题考查电流表读数、电流表改装等问题,要知道电表的改装原理,