《【物理】山东省2013-2014学年高二上学期期中试题》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】山东省2013-2014学年高二上学期期中试题（17页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、12013-20142013-2014 学年山东省潍坊一中高二（上）期中物理试卷学年山东省潍坊一中高二（上）期中物理试卷（A A）参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题一、选择题1 （3 分）两个用相同材料制成的半径相等的带电金属小球（可看成点电荷） ，其中一个球的带电量的绝对值是另一个的 5 倍，当它们静止于真空中某两点时，库仑引力大小为F现将两球接触后再放回原处，则它们间静电力的大小为（ ）ABCD考点： 库仑定律 专题： 电场力与电势的性质专题分析： 接触带电的原则是先中和后平分，两个球的电性可能相同，可能不同，根据 F=得出接触后再放回原处的库仑力大小解答： 解：若两电荷同性，
2、设一个球的带电量为 Q，则另一个球的带电量为 5Q，此时 F=，接触后再分开，带电量各为：则两球的库仑力大小为：若两电荷异性，接触后再分开，两球电量的绝对值为：，此时两球的库仑力为：故 B、D 正确，A、C 错误故选：BD点评： 解决本题的关键掌握接触带电的原则，先中和后平分，以及掌握库仑定律的公式 F=22 （3 分）有两个固定的异号点电荷，电量给定但大小不等，且 q1q2，用 E1和 E2分别表示两个点电荷产生的电场强度的大小，则在通过两点电荷的直线上，E1=E2的点（ ）A有三个，其中两处合场强为零B有三个，其中一处合场强为零C只有两个，其中一处合场强为零D只有一个，该处合场强不为零考点
3、： 电场的叠加；电场强度 专题： 电场力与电势的性质专题分析： 两电荷连线上可以分为三部分，大电荷的外侧，两电荷之间，小电荷的外侧，在根据点电荷的场强公式判断是否场强大小相等解答： 解：设大电荷量为 Q，小电荷量为 q，两电荷间距为 L，在连线上场强大小相等的点距离 q 为 r，则有 K，r 有两个解，即场强相等的点有两处，一处在两电荷中间的连线上，合场强不为零，另一处在连线 q 的外侧，合场强为零故C 正确故选 C点评： 做这种类型的题，最好画出图，根据图象分析可能的地方3 （3 分） （2009德阳模拟）一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板间有一正电荷（电量很小）固定在 P
4、 点，如图所示以 E 表示两极板间的场强，U 表示电容器的电压， 表示正电荷在 P 点的电势能，若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（ ）3AU 变小，E 不变BE 变大， 变大CU 变小， 变大DU 不变， 变大考点： 电容器的动态分析专题： 电容器专题分析： 平行板电容器充电后与电源断开后所带电量不变移动极板，根据推论分析板间场强是否变化由电容的决定式分析电容的变化，确定电压 U 的变化根据 P 点与上板间电势差的变化，分析 P 点的电势如何变化，判断电势能的变化解答：解：平行板电容器充电后与电源断开后所带电量 Q 不变，根据推论 E=得知，板间场强 E 不变由电容的决定式
5、 C=得到电容 C 增大，由电容的定义式 C=分析得知，电压 U 变小由 U=Ed 得知，P 点与上板间的电势差变小，而 P 点的电势低于上板电势，则 P 点的升高，正电荷的电势能 变大故选：AC点评： 电容器的电量和正对面积不变，板间场强 E 不变是重要的推论，要能根据电容的决定式 C=、定义式 C= 和 E= 结合进行推导4 （3 分） （2004广东）如图所示，为示波管中偏转极板的示意图，相距为 d、长度为 l 的平行板 A、B 加上电压后，可在 A、B 板之间的空间中（设为真空）产生匀强电场，在 AB 左端距 A、B 等距离处的 O 点，有一电荷量为 q、质量为 m 的粒子以初速度 v
6、0沿水平方向（与AB 极板平行）射入不计重力，要使此粒子恰能从 C 处射出，则 A、B 间的电压为（ ）4ABCD考点： 带电粒子在匀强电场中的运动 专题： 带电粒子在电场中的运动专题分析： 将粒子的运动沿着水平和竖直方向正交分解，水平方向做匀速运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动；然后根据分位移公式列式求解解答： 解：将粒子的运动沿着水平和竖直方向正交分解，水平方向做匀速运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动；水平分位移为：l=v0t 竖直分位移为： 联立解得故选 A点评： 本题关键是将合运动沿初速度方向和电场力方向进行正交分解，然后根据分位移公式列式后联立求解5 （3 分）如图所
7、示的电容式话筒就是一种电容式传感器，其原理是：导电性振动膜片与固定电极构成了一个电容器，当振动膜片在声压的作用下振动时，两个电极之间的电容发生变化，电路中电流随之变化，这样声信号就变成了电信号则当振动膜片向右振动时（ ）5A电容器电容值增大B电容器带电荷量减小C电容器两极板间的场强增大D电阻 R 上电流方向自左向右考点： 电容器专题： 电容器专题分析： 电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而场强变化，R 中有电流解答：解：振动膜片向右振动时，电容器两极板的距离变小，电容增大，由 C= 知，U 不变的情况下，电容器所带电荷量 Q 增大，电容器充电，R 中形成自右
8、向左的电流由 E= 知，U 不变，d 减小，则场强 E 增大，故 AC 正确BD 错误故选 AC点评： 本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化，根据电压或电量不变判断电量或电压的变化6 （3 分） （2014安阳一模）示波管是示波器的核心部件，它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成，如图所示如果在荧光屏上 P 点出现亮斑，那么示波管中的（ ）A极板 X 应带正电B极板 X应带正电C极板 Y 应带正电D极板 Y应带正电6考点： 示波器的使用专题： 实验题分析： 由亮斑位置可知电子偏转的打在偏向 X，Y 向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性由亮斑位置可知
9、电子偏转的打在偏向 X，Y 向，由电子所受电场力的方向确定电场的方向，再确定极板所带的电性解答： 解：电子受力方向与电场方向相反，因电子向 X 向偏转则，电场方向为 X 到 X，则X 带正电同理可知 Y 带正电，故 AC 正确，BD 错误故选：AC点评： 考查电子的偏转，明确电子的受力与电场的方向相反7 （3 分）在 10s 内通过电解槽某一横截面向右迁移的正离子所带的电量为 2C，向左迁移的负离子所带电量为 3C，那么电解槽中电流强度大小为（ ）A0.1AB0.2AC0.3AD0.5A考点： 电流、电压概念专题： 恒定电流专题分析： 由题计算出 10s 内通过截面正离子与负离子电量绝对值之和
10、，根据电流的定义I= ，求解电流解答： 解：由题，10s 内通过截面正离子所带的电量为 2C，负离子所带电量为 3C，通过截面正离子与负离子电量绝对值之和为：7Q=2C+3C=5C则电流为 I= =A=0.5A，故选：D点评： 本题是电流定义式的应用，关键确定通过导体截面的电量，当电流由正负离子向相反方向定向移动形成时，电量等于正离子与负离子电量绝对值之和8 （3 分）甲乙两条铜线质量之比 M甲：M乙=4：1，长度之比 L甲：L乙=1：4，电阻之比 R甲：R乙为（ ）A1：1B1：16C64：1D1：64考点： 电阻定律分析： 由题意可知导体的长度及横截面积，则由电阻定律要求得电阻之比解答：
11、解：M=V=LS；则可知：=16：1；则由 R=可知，电阻之比：= =故选：D点评： 本题要注意质量在这里的目的，不能简单地认为长度之比即为电阻之比而忽略了截面积的存在9 （3 分）如图所示，图线 1 表示的导体电阻为 R1，图线 2 表示的导体的电阻为 R2，则下列说法正确的是（ ）8AR1：R2=1：3BR1：R2=3：1C将 R1与 R2串联后接于电源上，则电流比 I1：I2=1：3D将 R1与 R2并联后接于电源上，则电流比 I1：I2=1：3考点： 闭合电路的欧姆定律；串联电路和并联电路专题： 恒定电流专题分析： 由题图象是电阻的伏安特性曲线，其斜率 k 等于电阻的倒数将 R1与 R
12、2串联后接于电源上时，电流相等将 R1与 R2并联后接于电源上时，电压相等，电流与电阻成反比解答： 解：A、B 由图 R1=1，R2=3，故 A 正确C、R1与 R2串联后接于电源上，则电流比 I1：I2=1：1故 C 错误D、将 R1与 R2并联后接于电源上，电流比 I1：I2=R2：R1=3：1 故 D 错误故选 A点评： 本题考查识别、理解物理图象的能力物理图象往往从数学角度，研究图象的斜率、面积、交点等意义10 （3 分）在如图所示的电路中，当开关 S 闭合时，电灯不亮，电流表无读数，电压表读数接近为电源电压，以下可能的情况是（ ）9A电流表中断路，L1和 L2都完好BL1灯丝断路，电
13、流表和 L2都完好CL2灯丝断路，电流表和 L1都完好DL1和 L2灯丝都断路，而电流表完好考点： 闭合电路的欧姆定律专题： 恒定电流专题分析： 常见的电路故障有断路与短路，根据电路现象分析电路故障原因解答： 解：A、如果电流表中断路，L1和 L2都完好，则电压表与电源连接不能相连，电压表示数为零，故 A 错误；B、如果 L1灯丝断路，电流表和 L2都完好，则电路断路，两灯都不亮，电流表示数为零，电压表与电源两极相连，电压表示数接近电源电压，故 B 正确；C、如果 L2灯丝断路，电流表和 L1都完好，电压表与电源两极不能相连，电压表示数为零，故 C 错误；D、如果 L1和 L2灯丝都断路电流表
14、完好，则电压表不能与电源两极相连，电压表示数为零，故 D 错误；故选：B点评： 本题考查了电路故障分析，根据电路故障现象认真分析即可正确解题二、填空题二、填空题11 （3 分）读数图 1（1） 2.25 cm 图 2（2） 6.860 mm10（2）一个电流表的满刻度电流值 Ig=0.6A，面板如图 3 所示，那么它每一小格所相应的电流是 0.02 A，指针现在的电流示数是 0.34 A如果这个量程为 0.6A 的电流表内阻Rg=60，要把这个电流表的量程扩大成 3A，那么应该在 Rg上 并 联一个电阻 Rs，Rs的大小应是 15 ；并联 Rs 后，测某一电流，指针仍指到图 5 中所示位置，则
15、该电流是 1.7 A，并联 Rs 后，刻度盘上每一小格所代表的电流值是未并联 Rs 前的 5 倍考点： 把电流表改装成电压表专题： 实验题；恒定电流专题分析： （1）游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读（2）根据电流表量程确定其分度值，然后对电流表读数；电流表要扩大量程要并联电阻分流，分流电阻为 R=解答： 解：（1）游标卡尺的主尺读数为 2.2cm=22mm，游标读数为 0.15mm=0.5mm，所以最终读数为 22mm+0.5mm=22.5mm=2.25cm螺旋测微器的固定刻度读数为 6.5mm，可动
16、刻度读数为 0.0136.0mm=0.360mm，所以最终读数为 6.5mm+0.360mm=6.860mm（2）电流表量程为 0.6A，由图示电流表可知，其分度值为 0.02A=20mA，电流表示数为：0.34A；把电流表改装成量程为 3A 的电流表，要并联一个电阻，并联电阻的阻值：R=15；电流表改装后其量程为 3A，由图示电流表可知，其分度值为 0.1A，示数为 1.7A；电流表改装前分度值是 0.02A，改装后分度值为 0.1A，分度值变为原来的 5 倍故答案为：（1）2.25；6.860（2）0.02，0.34，并，15，1.7，5点评： 本题考查电流表读数、电流表改装等问题，要知道电表的改装原理，
