《【物理】山东省临沂市罗庄区2014-2015学年高二上学期期中试题》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】山东省临沂市罗庄区2014-2015学年高二上学期期中试题（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、12014-20152014-2015 学年山东省临沂市罗庄区高二（上）学年山东省临沂市罗庄区高二（上）期中物理试卷期中物理试卷参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题（本题共一、选择题（本题共 10 小题，每小题小题，每小题 4 分，共分，共 40 分在每小题给出的四个选项中，有的分在每小题给出的四个选项中，有的 小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确全部选对的得 4 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 2 分，有选错或不答的得分，有选错或不答的得 0 分）分） 1 （4 分）下列说法正确的是（ ） A匀强电场中任意两点的
2、电势差，等于场强与这两点间距离的乘积 B沿着电场线方向，相等距离上的两点间的电势差必定相等C真空中相距为 r、带电量为+q、q 的两点电荷连线中点的电场强度大小是D根据公式 E=k可知，真空中点电荷在电场中某点的电场强度与点电荷的电量 Q 成正比，与该点到点电荷的距离 r 的平方成反比考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系 专题：电场力与电势的性质专题分析：根据匀强电场的场强公式 E= 分析两点间电势差的关系，注意 d 为沿电场线方向上的距离根据点电荷的场强公式，结合场强的叠加得出等量异种电荷连线中点的场强 解答：解：A、匀强电场中任意两点间的电势差等于场强与两点沿电场线方向距离的乘 积故 A
3、 错误 B、在匀强电场中，沿着电场线方向，相等距离上两点间的电势差相等，若电场为非匀强 电场，则相等距离上两点间的电势差不等故 B 错误C、根据点电荷的场强公式，一个电荷在中点产生的场强大小，根据场强的叠加，则中点处的场强 E=2E1=故 C 错误D、根据公式 E=k可知，真空中点电荷在电场中某点的电场强度与点电荷的电量 Q 成正比，与该点到点电荷的距离 r 的平方成反比故 D 正确 故选：D点评：解决本题的关键掌握匀强电场的场强公式 E= ，注意 d 为沿电场线方向上的距离，以及掌握点电荷的场强公式 E=22 （4 分） （2014江苏二模）如图所示实线为等量异号点电荷周围的电场线，虚线为以
4、一 点电荷为中心的圆，M 点是两点电荷连线的中点若将一试探正点电荷从虚线上 N 点移动 到 M 点，则（ ）A电荷所受电场力大小不变 B电荷所受电场力逐渐增大 C电荷电势能逐渐减小 D电荷电势能保持不变考点：电场强度；电势能 专题：电场力与电势的性质专题 分析：根据电场线的疏密分析场强的大小，判断电场力的变化；根据顺着电场线方向电势 降低，判断电势的变化，从而确定电势的变化 解答：解：A、B 由电场线的分布情况可知，N 处电场线比 M 处电场线疏，则 N 处电场强 度比 M 处电场强度小，由电场力公式 F=qE 可知正点电荷从虚线上 N 点移动到 M 点，电 场力逐渐增大，故 A 错误，B 正
5、确 C、D、根据顺着电场线方向电势降低，可知从 N 到 M，电势逐渐降低，正电荷的电势能 逐渐减小，故 C 正确，D 错误 故选：BC 点评：解答本题关键掌握等量异号点电荷电场线分布情况，知道电场线的物理意义：疏密 表示电场强势相对大小，方向反映电势的高低3 （4 分） （2013广东）喷墨打印机的简化模型如图所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带 电室带负电后，以速度 v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场 中（ ）A向负极板偏转 B电势能逐渐增大 C运动轨迹是抛物线 D运动轨迹与带电量无关 考点：带电粒子在匀强电场中的运动 专题：压轴题；带电粒子在电场中的运动专题 分析：由
6、电子带负电，在电场中受到的力来确定偏转方向；根据电子做类平抛运动来确定 侧向位移，根据电场力做功来确定电势能变化情况3解答：解：A、由于带负电，故向正极板偏转，A 错误； B、由于带负电墨汁微滴做正功，故电势能减少，B 错误； C、由于电子在电场中做类平抛运动，轨迹为抛物线，故 C 正确；D、由侧向位移 y= at2=（fraclv）2，可知运动轨迹与带电量有关，D 错误故选：C 点评：解答本题需要理解电子做类平抛运动的规律及处理的方法，并得出电势能变化是由 电场力做功来确定的4 （4 分）飞行器在太空飞行，主要靠太阳能电池提供能量若一太阳能电池板，测得它 的开路电压为 800mV，短路电流为
7、 40mA若将该电池板与一阻值为 20 的电阻器连成一 闭合电路，则它的路端电压是（ ）A0.10V B0.20V C0.30V D0.40V考点：电源的电动势和内阻 分析：由开路电路等于电源的电动势，求出电动势，由短路电流求出电源的内阻再根据 欧姆定律求出电流和路端电压 解答：解：设电池板的内阻为 r，其开路电压等于它的电动势，依题意有： E=800mVI短=解得电源内阻：r=20电池板连上 20 阻值后，流过电阻的电流大小为：I=mA=20mA此时的路端电压为： U=IR=2020mV=400mV=0.4V； 故选：D 点评：对于电动势的概念要理解：电动势等于外电压和内电压之和，当外电路开
8、路时，内 电压为零，开路电路等于电源的电动势5 （4 分） （2012海南）将平行板电容器两极板之间的距离、电压、电场强度大小和极板 所带的电荷量分别用 d、U、E 和 Q 表示下列说法正确的是（ ）A保持 U 不变，将 d 变为原来的两倍，则 E 变为原来的一半B保持 E 不变，将 d 变为原来的一半，则 U 变为原来的两倍C保持 d 不变，将 Q 变为原来的两倍，则 U 变为原来的一半D保持 d 不变，将 Q 变为原来的一半，则 E 变为原来的一半考点：电容器的动态分析 4专题：压轴题；电容器专题分析：保持 U 不变，根据公式 E= 分析 E 与 d 的关系；保持 E 不变，U 与 d 正
9、比；保持d 不变，C 不变，根据 C= 分析 Q 与 U 的关系；保持 d 不变，将 Q 变为原来的一半，由C= 分析 U 的变化，由E= 分析 E 的变化解答：解：A、保持 U 不变，将 d 变为原来的两倍，根据公式 E= 可知，E 变为原来的一半故 A 正确 B、保持 E 不变，将 d 变为原来的一半，由 U=Ed 可知，U 变为原来的一半故 B 错误C、保持 d 不变，电容 C 不变，将 Q 变为原来的两倍，由公式 C= 分析可知，U 变为原来的两倍故 C 错误D、保持 d 不变，电容 C 不变，将 Q 变为原来的一半，由公式 C= 分析可知，U 变为原来的一半，由 E= 分析知，E 变
10、为原来的一半故 D 正确故选 AD点评：本题关键要掌握 E= 、C= 两个公式，同时，要明确 d 不变时，电容 C 不变6 （4 分）一根粗细均匀的导线，两端加上电压 U 时，通过导线中的电流强度为 I，导线中自由电子定向移动的平均速度为 v，若导线均匀拉长，使其半径变为原来的 ，电阻变为原来的 16 倍，再给它两端加上电压 U，则（ ）A导线内单位体积内的电子数变为原来的B通过导线的电流为C自由电子定向移动的平均速率为D自由电子定向移动的平均速率为考点：欧姆定律；电阻定律有 专题：恒定电流专题分析：将导线均匀拉长，使其半径变为原来的 ，横截面积变为原来的 倍，导线长度要变为原来的 4 倍；
11、然后由电阻定律分析电阻的变化，由欧姆定律分析电流的变化由电流的微观表达式 I=nevS 分析平均速率 v 的变化 解答：解：A、单位体积中自由移动的电子数 n 不变，故 A 错误5B、电阻变为原来的 16 倍，再给它两端加上电压 U，根据欧姆定律可知通过导线的电流为，故 B 正确C、D、电流 I 变为原来的，横截面积变为原来的 ，单位体积中自由移动的电子数 n 不变， 每个电子粒所带的电荷量 e 不变，由电流的微观表达式 I=nevS 可知，电子定向移动的速率变为原来的 ，故 C 正确，D 错误故选：BC 点评：本题关键要抓住物理量之间的关系，要在理解的基础上记住电流的微观表达式 I=nevS
12、7 （4 分）在如图所示的电路中，E 为电源，其内阻为 r，L 为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变） ，R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小， V 为理想电压表若将照射 R3的光的强度减弱，则下列说法正确的是（ ）A电压表的示数变大B通过 R2的电流变小 C小灯泡消耗的功率变小 D电源内阻消耗的电压变大 考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题 分析：由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电 流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联 电路的规律可得出并联部分电压的变化，再
13、由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的 变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化 解答：解：A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故 R1两端的电压减小，故 A 错误； B、因电路中电流减小，故内压减小，路端电压增大，同时 R1两端的电压减小，故并联电 路部分电压增大；则流过 R2的电流增大，故 B 错误； C、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由 P=I2R 可知，小灯泡消 耗的功率变小，故 C 正确；D、通过电源的电流减小，P=I2r 可知，电源内阻发热的功率变小，故 D 错误； 故选：C 点评：闭合电路的
14、动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内 电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质68 （4 分）如图（a）所示的电路中，调节滑动变阻器的滑动触头 P 向某一方向移动，根据电路中电压表和电流表的数据描绘了如图（b）所示的两条 UI 图线（ ）A图线甲是根据电压表 V1 和电流表 A 的示数描绘的 B由图线可知，电源内阻 r=3.0 C图中两图线的交点表示在整个调节过程中，此时电源的输出功率最大 D图中两图线的交点表示在整个调节过程中，此时电源效率达到最大值 考点：电功、电功率；闭合电路的欧姆定律有 专题：恒定电流专题分析：由图可知，V1
15、测电源的路端电压，V2测量 R0两端的电压；则两条 UI 图象表示的意义不同，根据图象的意义可知交点的意义当外电阻等于电源的内电阻时，电源的输出 功率最大解答：解：A、由图可知，V1测电源的路端电压，V2测量 R0两端的电压，路端电压随电 流增大而减小，定值电阻两端电压随电流增大而增大，由图乙所示图象可知，图线甲是电压表 V1的测量值所对应的图线，图线乙是 V2的测量值所对应的图线，故 A 正确；B、由电源的 UI 图象可知，图象与总轴的交点纵轴坐标轴是 1.5，则电源电动势 E=1.5V，电源内阻 r=1，故 B 错误；C、D、图线乙的斜率表示电阻 R0，为 2；图中两图线的交点表示输出功率
16、等于电阻 R0 的功率，说明滑动变阻器短路了，电源的效率最小，输出功率最大；故 C 正确，D 错误； 故选：AC 点评：本题考查测定电动势和内电阻实验的数据处理方法，要结合电路分析图线的意义， 注意分析交点及截距等图象给出的隐含条件9 （4 分）用两个相同的小量程电流表，分别改装成了两个量程不同的大量程电流表A1、A2，若把 A1、A2分别采用并联或串联的方式接入电路，如图所示，则闭合电键后， 下列有关电表的示数和电表指针偏转角度的说法正确的是（ ）7A图甲中的 A1、A2的示数相同 B图甲中的 A1、A2的指针偏角相同 C图乙中的 A1、A2的示数和偏角都不同 D图乙中的 A1、A2的指针偏角相同考点：闭合电路的欧姆定律 专题：恒定电流专题分析：电流表 A1、A2是由两个相
