《【物理】河北省、高阳中学联考2014-2015学年高一下学期期中试卷》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】河北省、高阳中学联考2014-2015学年高一下学期期中试卷（14页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1河北省定兴三中、高阳中学联考河北省定兴三中、高阳中学联考 2014-20152014-2015 学年学年高一（下）期中物理试卷高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析参考答案与试题解析一、选择题（不定项选择，本题共一、选择题（不定项选择，本题共 1010 个小题，每题个小题，每题 4 4 分，共分，共 4040 分，选不全得分，选不全得 2 2 分，有错分，有错选或不选得选或不选得 0 0 分）分）1 （4 分）下列物理学史正确的是（）A 开普勒提出行星运动规律，并发现了万有引力定律B 牛顿发现了万有引力定律并通过精确的计算得出万有引力常量C 万有引力常量是卡文迪许通过实验测量并计算得出的D
2、 伽利略发现万有引力定律并得出万有引力常量考点：物理学史 专题：常规题型分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可解答：解：A、开普勒提出行星运动规律，牛顿发现了万有引力定律，故 A 错误；B、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许通过精确的计算得出万有引力常量，故 B 错误；C、万有引力常量是卡文迪许通过实验测量并计算得出的，故 C 正确，D 错误；故选：C点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一2 （4 分）关于力和运动的关系，下列说法中正确的是（）A 做直线运动的物体一定受到外力的作用B 做曲线运动的物体一定受到
3、外力的作用C 物体受到的外力越大，其运动速度越大D 物体受到的外力越大，其运动速度大小变化得越快考点：牛顿第二定律；力的概念及其矢量性 2专题：牛顿运动定律综合专题分析：力是产生加速度的原因，力是改变物体运动状态的原因，物体的速度与力无关解答：解：A、做匀速直线运动的物体不受外力作用（所受合外力为零） ，故 A 错误；B、曲线运动是变速运动，有加速度，物体所受合外力不为零，做曲线运动的物体一定受到外力的作用，故 B 正确；C、物体受到的外力越大，物体的加速度越大，其运动速度不一定大，故 C 错误；D、物体受到的外力越大，加速度越大，其运动速度变化越快，但速度大小变化不一定快，如匀速圆周运动，故
4、 D 错误；故选：B点评：本题考查了力与运动的关系，难度不大，是一道及初体验，掌握基础知识即可正确解题，平时要注意基础知识的学习与掌握3 （4 分）下列运动中，在任何 1s 的时间间隔内运动物体的速度改变量完全相同的有（空气阻力不计） （）A 自由落体运动B 平抛物体的运动C 竖直上抛物体运动D 匀速圆周运动考点：匀速圆周运动；自由落体运动；平抛运动 专题：匀速圆周运动专题分析：速度变化量是矢量，当其大小和方向均相同时，矢量才相同根据加速度的定义式和牛顿第二定律，就能判断物体速度变化量相同与不同解答：解：A、自由落体运动、竖直上抛运动、平抛运动的加速度都为 g，根据v=at=gt，可知v 的方
5、向竖直向下，不变，相等时间，大小相等故 ABC 正确D、由v=at，F=ma，得v 与加速度、合力方向相同，匀速圆周运动合力是向心力，方向时刻变化，则在相等的两段时间内，物体速度的变化量是变化的，故 D 错误故选：ABC点评：矢量既有大小又有方向，只有当大小、方向均相同时，矢量才相同而矢量大小、方向之一发生变化时，矢量就变化紧紧抓住常见运动的动力学特点和运动学特点是作答这类概念题的关键34 （4 分）一颗小行星绕太阳做匀速圆周运动的半径是地球公转半径的 4 倍，则这颗小行星运转的周期是（）A 4 年B6 年C8 年D年考点：万有引力定律及其应用 专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力提
6、供向心力求出周期与轨道半径的关系，结合轨道半径之比求出周期之比，从而得出这颗小行星的周期解答：解：根据得，T=，行星的公转半径是地球公转半径的 4倍，则周期是地球周期的 8 倍，地球的周期为 1 年，则小行星的周期为 8 年故选：C点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，并能灵活运用，知道周期与轨道半径的关系，基础题5 （4 分）天文学家发现某恒星有一颗行星在圆形轨道上绕其运动，并测出了行星的轨道半径和运动周期，若知道比例系数 G，由此可推算出（）A 行星的质量B行星的半径C恒星的质量D 恒星的半径考点：开普勒定律 专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力提供向心力=m进
7、行分析求解解答：解：A、行星绕恒星做圆周运动，根据万有引力提供向心力为：=m，知道轨道半径和周期，可以求出恒星的质量，行星是环绕天体，在分析时质量约去，不可能求出行星的质量故 A 错误，C 正确B、根据题意无法求出行星的半径，故 B 错误；4D、只能求出恒星的质量，不知道恒星的密度，也不知道恒星的表面重力加速度，所以无法求出恒星的半径，故 D 错误；故选：C点评：解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这个关系，并能根据题意选择恰当的向心力的表达式6 （4 分）放在粗糙水平面上的物块 A、B 用轻质弹簧秤相连，如图所示，物块与水平面间的动摩擦因数均为 ，今对物块 A 施加一水平向左的恒力 F，使
8、A、B 一起向左匀加速运动，设 A、B 的质量分别为 m、M，则弹簧秤的示数（）ABCD考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；胡克定律 专题：牛顿运动定律综合专题分析：以整体为研究对象，根据牛顿第二定律求出加速度，再对 B 研究，求出弹簧秤对B 的拉力大小，得到弹簧秤的示数解答：解：根据牛顿第二定律得：对整体：a=对 B：F弹Mg=Ma解得，F弹=Mg+Ma=Mg+M（）=故选：B点评：本题抓住连接体加速度相同的特点，采用整体法和隔离法结合求解弹簧秤的示数，可以看出这个结果与水平面有无摩擦无关7 （4 分）如图所示，一架在 2 000m 高空以 200m/s 的速度水平匀速飞行的轰炸机，要
9、想用两枚炸弹分别炸山脚和山顶的目标 A 和 B已知山高 720m，山脚与山顶的水平距离为1000m，若不计空气阻力，g 取 10m/s2，则投弹的时间间隔应为（）5A 4sB5sC9sD 16s考点：平抛运动 专题：平抛运动专题分析：炸弹做平抛运动，先求出飞机扔第一颗炸弹时离山脚的水平距离再求出飞机扔第二颗炸弹时离山顶的水平距离，最后求出时间间隔解答：解：第一颗炸弹飞行时间 t1=飞机扔第一颗炸弹时离山脚的水平距离经 x1=vt1=4000m第二炸弹飞行时间 t2=16s飞行的水平距离 x2=vt2=3200m则投弹的时间间隔为 t=故选 C点评：炸弹扔下后做平抛运动，其研究方法是运动和合成与
10、分解本题关键在于分析两颗炸弹水平距离之间的关系8 （4 分）从某高度水平抛出一小球，经过时间 t 到达地面时，速度与水平方向的夹角为，不计空气阻力，重力加速度为 g下列说法正确的是（）A 小球水平抛出时的初速度大小为 gttanB 小球在 t 时间内的位移方向与水平方向的夹角为C 若小球初速度增大，则平抛运动的时间变长D 若小球初速度增大，则 减小考点：平抛运动 6专题：平抛运动专题分析：平抛运动在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动落地的时间由高度决定，知道落地时间，即可知道落地时竖直方向上的速度，根据速度与水平方向的夹角，可求出落地的速度大小和水平初速度解答：解：A、落地时竖直
11、方向上的速度 vy=gt因为速度方向与水平方向的夹角为 ，所以小球的初速度 v0=vycot=gtcot故 A 错误，B、速度与水平方向夹角的正切值 tan=，位移与水平方向夹角的正切值tan= =，可得 tan=2tan但 故 B 错误C、平抛运动的落地时间由高度决定，与初速度无关故 C 错误D、速度与水平方向夹角的正切值 tan=，若小球初速度增大，下落时间不变，所以tan 减小，即 减小，故 D 正确故选：D点评：解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向做自由落体运动以及知道速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角的正切值的两倍9 （4 分）如图，
12、物块 P 置于水平转盘上随转盘一起运动，图中 c 沿半径指向圆心，a 与 c垂直，下列说法可能正确的是（）A 当转盘匀速转动时，P 受摩擦力方向为 a 方向B 当转盘加速转动时，P 受摩擦力方向为 b 方向C 当转盘加速转动时，P 受摩擦力方向为 c 方向D 当转盘减速转动时，P 受摩擦力方向为 d 方向7考点：向心力 专题：计算题分析：做圆周运动的物体受到的力正交分解：平行速度方向的合力，即切向力，产生切向加速度，改变速度的大小；垂直速度方向的合力，指向圆心，产生向心加速度，只改变速度的方向，不改变速度的大小按照这个思路来分析判断物块所受到的摩擦力方向解答：解：A：圆周运动的物体，速度方向在
13、改变，沿半径指向圆心方向一定受力匀速圆周运动的物体，切向方向不受力，合力指向圆心，而物块 P 的向心力是摩擦力提供的，当转盘匀速转动时，P 受摩擦力方向为 c 方向，因此，选项 A 错误B、C：当转盘加速转动时，物块 P 做加速圆周运动，不仅有沿 c 方向指向圆心的向心力，还有指向 a 方向的切向力，使线速度大小增大，两方向的合力即摩擦力可能指向 b，选项 B 正确，选项 C 错误D：当转盘减速转动时，物块 P 做减速圆周运动，不仅有沿 c 方向指向圆心的向心力，还有指向 a 相反方向的切向力，使线速度大小减小，两方向的合力即摩擦力可能指向 d，D 选项正确故选：B、D点评：分析圆周运动物体受
14、到的力，把握好利用分解的思想：向切向和径向方向分解10 （4 分）一种玩具的结构如图所示，竖直放置的光滑铁环的半径为 R=20cm，环上有一穿孔的小球 m，仅能沿环做无摩擦的滑动，如果圆环绕着过环心的竖直轴以 10rad/s 的角速度旋转（取 g=10m/s2） ，则相对环静止时小球与环心 O 的连线与 O1O2的夹角 是（）A 30B45C60D 758考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速 专题：匀速圆周运动专题分析：圆环绕着通过环心的竖直轴 O1O2以 10rad/s 的角速度旋转，小球做圆周运动，重力和支持力的合力提供圆周运动的向心力根据牛顿第二定律列出表达式求出夹角 解答：解：小球
15、转动的半径为 Rsin，小球所受的合力垂直指向转轴，根据平行四边形定则：，解得：=60故 C 正确，A、B、D 错误故选：C点评：解决本题的关键搞清小球做圆周运动向心力的来源，知道匀速圆周运动的向心力由合力提供二、填空题（本题共二、填空题（本题共 4 4 个小题，每空个小题，每空 4 4 分，共分，共 2020 分）分）11 （4 分）某人以一定的速率垂直河岸向对岸游去，当他游到河中央时水流速度突然增大，那么该人的渡河时间与预计时间相比不变（填：增大、减小或不变）考点：运动的合成和分解 专题：运动的合成和分解专题分析：小船实际参与了两个分运动，沿着船头指向的匀速直线运动和顺着水流方向的匀速直线
16、运动，由于分运动与合运动同时进行，互不干扰，故渡河时间由沿船头方向的分运动决定，与水流速度无关解答：解：将小船的实际运动沿着船头指向和顺着水流方向正交分解，由于分运动互不干扰，故渡河时间与水流速度无关，只与船头指向方向的分运动有关，故船航行至河中心时，水流速度突然增大，只会对轨迹有影响，对渡河时间无影响；故答案为：不变点评：本题关键抓住渡河时间只与沿船头指向方向的分运动有关，与沿水流方向的分运动无关12 （4 分）在圆形轨道上运动的质量为 m 的人造卫星，它到地面的距离等于地球的半径R，地球表面的重力加速度为 g，则卫星运动的周期为 4 9考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系 专题：人造卫星问题分析：人造地球卫星绕地球做
