《【物理】东城二模 北京市东城区2013届高三下学期综合练习（二）7》由会员分享，可在线阅读，更多相关《【物理】东城二模 北京市东城区2013届高三下学期综合练习（二）7（7页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1东城高三物理第二次综合练习试题及答案东城高三物理第二次综合练习试题及答案13下列说法正确的是 A. 同一元素的两种同位素具有相同的质量数 B的半衰期会随着周围环境的温度的变化而改变C14 6C在核聚变反应中，反应物的总质量等于生成物的总质量D在卢瑟福的粒子散射实验中，有少数粒子发生大角度偏转14已知铜的摩尔质量为 M，铜的密度为 ，阿伏伽德罗常数为 N,下列说法正确的是A1 个铜原子的质量为 B1 个铜原子的质量为 MN NMC1 个铜原子所占的体积为 D1 个铜原子所占的体积为 MN NM15如图所示，平行厚玻璃板放在空气中，一束复色光斜射向玻璃板上表面，出射光分成a、b 两束单色光。对于
2、 a、b 两束光，下面说法正确的是A玻璃对 a 光的折射率较小 Ba 光在玻璃中的传播速度较小C若 a、b 光从同一介质斜射入真空时，a 光的全反射临界角较大 D若 a 光照射某金属能发射出光电子，则 b 光照射该金属也一定能发射出光电子16如图所示，位于原点 O 处的波源在 t=0 时刻，从平衡位置（在 x 轴上）开始沿 y 轴正方向做周期为 T 的简谐运动，该波源产生的简谐横波沿 x 轴正方向传播，波速为 v，关于在处的质点 P，下列说法正确的是 vTx23A质点 P 开始振动的方向沿 y 轴正方向B质点 P 振动周期为 T ，振动速度的最大值为 vC若某时刻波源在波谷，则质点 P 也一定
3、在波谷D若某时刻质点 P 在波峰，则波源在也一定在波峰17美国研究人员最近在太阳系边缘新观测到一个类行星天体，其直径估计在 1600 公里左右，是自 1930 年发现冥王星以来人类在太阳系中发现的最大天体。若万有引力常量为G，太阳的质量为 M。天体的半径为 R、质量为 m，天体与太阳的中心间距为 r，天体的运行轨道近似地看作圆，该天体运行的公转周期为A B C DGmr32GMR32GMr32GmR3218某兴趣小组用实验室的手摇发电机和理想变压器给一个灯泡供电，电路如图，当线圈以较大的转速 n 匀速转动时，电压表示数是 U1，额定电压为 U2的灯泡正常发光，abPxyO2灯泡正常发光时电功率
4、为 P，手摇发电机的线圈电阻是 r，则有A 电流表的示数是是 1UPB变压器的原副线圈的匝数比是12:UUC变压器输入电压的瞬时值 ntUu2sin2D手摇发电机的线圈中产生的电动势最大值是12UEm19如图所示(a)，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体(物体与弹簧不连接)， 初始时物体处于静止状态现用竖直向上的拉力 F 作用在物体上，使物体开始向上做 匀加速运动，拉力 F 与物体位移 s 的关系如图(b)所示(g10 m/s2)，则下列结论正确的 是 A物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态 B弹簧的劲度系数为 7.5 N/cm C物体的质量为 3 kg D物体的加速度大小为 5 m
5、/s220如图所示，图甲中 MN 为足够大的不带电薄金属板，在金属板的右侧，距离为 d 的位置上放入一个电荷量为+q 的点电荷 O，由于静电感应产生了如图甲所示的电场分布。P是金属板上的一点，P 点与点电荷 O之间的距离为 r，几位同学想求出 P点的电场强度大小，但发现问题很难。几位同学经过仔细研究，从图乙所示的电场得到了一些启示，经过查阅资料他们知道：图甲所示的电场分布与图乙中虚线右侧的电场分布是一样的。图乙中两异号点电荷电荷量的大小均为 q，它们之间的距离为 2d，虚线是两点电荷连线的中垂线。由此他们分别对 P 点的电场强度方向和大小做出以下判断，其中正确的是A方向沿 P 点和点电荷的连线
6、向左，大小为 32 rkqdB方向沿 P 点和点电荷的连线向左， 大小为 3222 rdrkqC方向垂直于金属板向左，大小为 32 rkqdD方向垂直于金属板向左，大小为 3222 rdrkq甲 乙321实验题：(1)在用“单摆测重力加速度”的实验中：某同学在实验中测得的小球直径为 d，测定了摆线的长度为 l，用秒表记录小球完成 n 次全振动的总时间为 t，则当地的重力加速度的表示式为g= (用d、l、n、t 表示)。若该同学用游标卡尺测定了小球的直径，如图 1 所示，则小球直径为 cm；为了尽可能减小实验误差，下述操作中可行的是 。A摆线偏离竖直方向的最大摆角小于 5B当小球通过平衡位置时开
7、始计时C让小球尽可能在同一竖直面内摆动D减小摆球的质量(2)某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻。实验室除提供开关 S 和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V(量程 3v，内阻 Rv=10k)电流表：G(量程 3mA，内阻Rg=100)电流表：A(量程 3A，内阻约为 0.5)滑动变阻器：R1（阻值范围 010，额定电流 2A)R2（阻值范围 01000，额定电流 1A)定值电阻：R3=0.5该同学依据器材画出了如图 2 所示的原理图，他没有选用电流表 A 的原因是_。该同学将电流表 G 与定值电阻 R3并联，实际上是进行了电表的改装，则他改装后的电流表对应的量程是_A。为了能准确地进行测
8、量，同时为了操作方便，实验中应选用的滑动变阻器_(填写器材的符号）该同学利用上述实验原理图测得数据，以电流表 G 读数为横坐标，以电压表 V 读数为纵坐标绘出了如图 3 所示的图线，根据图线可求出电源的电动势 E=_V (结果保留三位有效数字)，电源的内阻 r=_ (结果保留两位有效数字）。图 101234567891023420100 cm422如图所示，AB 为水平轨道，A、B 间距离 s=1.25m，BCD 是半径为 R=0.40m 的竖直半圆形轨道，B 为两轨道的连接点，D 为轨道的最高点。有一小物块质量为 m=1.0kg，小物块在 F=10N 的水平力作用下从 A 点由静止开始运动，
9、到达 B 点时撤去力 F，它与水平轨道和半圆形轨道间的摩擦均不计。g 取 10m/s2，求：（1）撤去力 F 时小物块的速度大小；（2）小物块通过 D 点瞬间对轨道的压力大小；（3）小物块通过 D 点后，再一次落回到水平轨道 AB 上，落点和 B 点之间的距离大小。23如图所示，在质量为 M0.99kg 的小车上，固定着一个质量为 m0.01kg、电阻R1的矩形单匝线圈 MNPQ，其中 MN 边水平，NP 边竖直，MN 边长为L=0.1m，NP 边长为 l0.05m。小车载着线圈在光滑水平面上一起以 v010m/s 的速度做匀速运动，随后进入一水平有界匀强磁场（磁场宽度大于小车长度） 。磁场方
10、向与线圈平面垂直并指向纸内、磁感应强度大小 B1.0T。已知线圈与小车之间绝缘，小车长度与线圈 MN 边长度相同。求：（1）小车刚进入磁场时线圈中感应电流 I 的大小和方向；（2）小车进入磁场的过程中流过线圈横截面的电量 q；（3）如果磁感应强度大小未知，已知完全穿出磁场时小车速度 v12m/s，求小车进入磁场过程中线圈电阻的发热量 Q。l BMNQPv0BACRDF图 2GVRE rSR3u/V0.5G/mA01.01.52.02.51.01.11.21.31.41.5图 3524如图所示，在光滑的水平长直轨道上，有一质量为 M=3kg、长度为 L=2m 的平板车以速度 v0=4m/s 匀速
11、运动。某时刻将质量为 m=1kg 的小滑块轻放在平板车的中点，小滑块与车面间的动摩擦因数为 =0.2,取 g=10m/s2。（1）若小滑块最终停在平板车上，小滑块和平板车摩擦产生的内能为多少？（2）若施加一个外力作用在平板车上使其始终保持速度为 v0=4m/s 的匀速运动，当小滑块放到平板车中点的同时，对该小滑块施加另一个与平板车运动方向相同的恒力F，要保证滑块不能从平板车的左端掉下，恒力 F 大小应该满足什么条件？（3）在（2）的情况下，力 F 取最小值，要保证滑块不从平板车上掉下，力 F 的作用时间应该在什么范围内?v06参考答案:13. D 14.B 15.B 16.A 17.C 18.
12、A 19.D 20.C21. （1） ；2.235 ；ABC222)2(4tdln（2）量程与被测电流值相比较太大0.603（填 0.6 或 0.60 均给分） R1 1.48，0.84（0.70-0.90 之间都给分）22.解 ：（1）当物块从 A 滑向 B 时，设在 B 点撤去 F 时速度大小为Bv2 21 BmvFs smvB/5（2）小物块从 B 到 D 点瞬间，由动能定理得：解得：vD=3m/s22 21 212BDmvmvRmg解得：FD=12.5N 由牛顿第三定律知压力为 12.5NRmvmgFD D2 （3）物块通过 D 点后做平抛运动，有：2 212gtR tvxD解得：x=
13、1.2m23解：（1）线圈切割磁感线的速度 v010m/s，感应电动势 E=Blv0=10.0510=0.5V由闭合电路欧姆定律得线圈中电流 5 . 015 . 0REIA 由楞次定律知线圈中感应电流方向为 MQPNM （2） C1053RBS RttRtREtiq入（3）设小车完全进入磁场后速度为 v，在小车进入磁场从 t 时刻到 tt 时刻（t0）过程中 tvmBil7即 vmtiBl求和得 )(0vvmBlq入同理得 )(1vvmBlq出又线圈进入和穿出磁场过程中磁通量的变化量相同，因而有 q入 q出故得 v0v = vv 1 即 v = = 6 ms v0v 12所以，小车进入磁场过程
14、中线圈克服安培力做功32612110121)21)(212222 0vmMvmMW（克（J）24解： （1）由动量守恒定律得：解得vmMMv)(0mMMvv0由能量守恒得：J6)(2)(21 212 0220mMMmvvmMMvQ（2）设恒力 F 取最小值为 F1，滑块加速度为 a1，此时滑块恰好到达车的左端，则滑块运动到车左端的时间 0 1 1vta由几何关系有 0 0 1122vLv tt由牛顿定律有 11Fmgma由式代入数据解得 10.5st ，16NF 则恒力 F 大小应该满足条件是 6NF （3）力 F 取最小值，当滑块运动到车左端后，为使滑块恰不从右端滑出，相对车先做匀 加速运动（设运动加速度为 a2，时间为 t2） ，再做匀减速运动（设运动加速度大小为 a3） 到达车右端时，与车达共同速度则有12Fmgma3mgma2 2 22 2 2 2 31 22a ta tLa由式代入数据解得23s0.58s3t 则力 F 的作用时间 t 应满足 112tttt ，即0.5s1.08st
