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1、120152015 年山东省枣庄市滕州一中新校高考物理模拟试卷年山东省枣庄市滕州一中新校高考物理模拟试卷（3 3 月份）月份）一、选择题（本大题共一、选择题（本大题共 8 8 小题，每小题小题，每小题 6 6 分，在每个小题给出的四个选项中，有的只有一分，在每个小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确全部选对得个选项正确，有的有多个选项正确全部选对得 6 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，选错或不选分，选错或不选的得的得 0 0 分）分）1 （6 分）烤鸭的烤制过程没有添加任何调料，只是在烤制过程之前，把烤鸭放在腌制汤中腌制一定时间，盐就会进入肉里则下
2、列说法正确的是（ ）A 如果让腌制汤温度升高，盐进入鸭肉的速度就会加快B 烤鸭的腌制过程说明分子之间有引力，把盐分子吸进鸭肉里C 在腌制汤中，只有盐分子进入鸭肉，不会有盐分子从鸭肉里面出来D 把鸭肉放入腌制汤后立刻冷冻，将不会有盐分子进入鸭肉【考点】： 分子的热运动【专题】： 分子运动论专题【分析】： 盐进入肉里属于扩散现象，是分子无规则热运动的结果，温度越高，根子运动越剧烈【解析】： 解：A、如果让腌制汤温度升高，分子运动更剧烈，则盐进入鸭肉的速度就会加快，故 A 正确；B、烤鸭的腌制过程盐会进入肉里说明分子之间有间隙，以及说明分子不听的做无规则运动，不是因为分子之间有引力，故 B 错误；C
3、、在腌制汤中，有盐分子进入鸭肉，分子运动是无规则的，同样会有盐分子从鸭肉里面出来，故 C 错误；D、把鸭肉放入腌制汤后立刻冷冻，仍然会有盐分子进入鸭肉，因为分子运动是永不停息的，故 D 错误；故选：A【点评】： 本题考查了分子热运动的特点：分子热运动的剧烈程度与温度有关；分子一直永不停息在做无规则运动22 （6 分）根据玻尔假设，若规定无穷远处的能量为 0，则量子数为 n 的氢原子的能量 En=，E1为基态的能量，经计算为13.6eV，现规定氢原子处于基态时的能量为 0，则（ ）A 量子数 n=2 时能级的能量为 0B 量子数 n=3 时能级的能量为C 若要使氢原子从基态跃迁到第 4 能级，则
4、需要吸收的光子能量为D 若采用能量为的高速电子轰击而跃迁到激发态，这些氢原子从激发态向低能级跃迁的过程中可释放出 10 种不同频率的光子【考点】： 玻尔模型和氢原子的能级结构；氢原子的能级公式和跃迁【专题】： 原子的能级结构专题【分析】： 通过量子数 n 的能级值 En=，可以得知结果；基态的氢原子吸收的能量必须等于两能级间的能级差时，才能被吸收，根据该关系，确定出吸收光子后跃迁的第几能级，根据数学组合公式求出激发后发射光子的种类【解析】： 解：A、量子数 n=2 时，能级时的能量为 E2=E1=（13.6eV）=3.4eV，故 A 错误B、量子数 n=3 时，能级的能量为，故 B 错误；C、
5、基态的氢原子吸收的能量必须等于两能级间的能级差时，才能被吸收，根据E=EmEn，可知：使氢原子从基态跃迁到第 4 能级，吸收的光子能量为，故 C正确；3D、采用能量为的高速电子轰击而跃迁到激发态，根据 EmEn=h，得原子获得能量跃迁到 n=4 激发态，由数学组合公式，求得这些氢原子从激发态向低能级跃迁的过程中可释放出 6 种不同频率的光子，故 D 错误故选：C【点评】： 本题考查对玻尔理论的理解和应用能力，关键抓住光子能量与能级之间的关系：En=，解决本题的关键知道辐射或吸收光子的能量等于两能级间的能级差，即EmEn=hv3 （6 分）两列振幅、波长和波速都相同的简谐横波 a（实线所示）和
6、b（虚线所示） ，分别沿 x 轴正方向和负方向传播，波速都为 12m/s，在 t=0 时刻的部分波形如图所示，则下列说法正确的是（ ）A 该波中质点振动的频率是 2HzB x=15m 处的质点是处于振动加强区C x=9m 处的质点振幅为 2mD x=21m 处的质点，经最短时间 t=0.75s 速度达到最大【考点】： 横波的图象；波长、频率和波速的关系【专题】： 振动图像与波动图像专题【分析】： 根据波形图可知，波长 =24m，从而求出周期及频率，由图象知则 x=15m 处的质点位移大小相等方向相反，是振动减弱点，P 为振动加强点，当位移为零时速度最大，最短时间为 12m 处的振动传到 P 点
7、所用的时间【解析】： 解：A、根据波形图可知，波长 =24m，则周期 T=，所以频率 f=，故 A 错误；4B、由图象知则 x=15m 处的质点位移大小相等方向相反，是振动减弱点，故 B 错误；C、由图可知，x=9m 处的质点是振动加强点，所以振幅 A=21=2m，故 C 正确；D、P 点的位移大小和方向都相同是振动加强点，当位移为零时速度最大，最短时间为 12m处的振动传到 P 点所用的时间，t=0.75s，故 D 正确故选：CD【点评】： 根据图象判断出质点振动是加强还是减弱是解题的关键，利用波形平推法判断质点所处的位置4 （6 分）除两极外，地球表面上任何物体都要随地球自转，若将物体随地
8、球自转的运动看作匀速圆周运动，则对处于地球表面不同纬度地区 a、b 的两个质量相等的相对地面静止的物体，下列表述正确的是（ ）A 两物体在 a、b 两地所受的合力方向相同B 在 b 地的物体角速度较大C 在 b 地的物体的线速度较小D 在 b 地的物体的向心加速度较小【考点】： 线速度、角速度和周期、转速【专题】： 匀速圆周运动专题【分析】： a、b 两点共轴转动，角速度大小相等，根据 v=r 比较线速度大小，根据a=r2比较向心加速度大小，知道合力提供向心力【解析】： 解：A、物体 a、b 绕地轴转动，向心力的方向指向地轴，则合力的方向指向地轴，故两物体在 a、b 两地所受的合力方向平行，即
9、相同故 A 正确B、C、a、b 两点的角速度相等，根据 v=r 知，b 的半径大，则 b 的线速度大，根据a=r2知，b 的向心加速度大故 B 错误，C 错误，D 错误故选：A5【点评】： 解决本题的关键知道共轴转动的点角速度相等，根据 v=r，a=r2比较线速度、向心加速度大小5 （6 分）如图所示，AOB 为等边三角形玻璃砖，边长为m，OM 为AOB 的角平分线，一束平行于 OM 的单色光在空气中由 OA 边射入玻璃砖，进入玻璃砖的折射光线恰好与 OB 平行，已知空气中的光速为 3108m/s，则通过 M 点的折射光线在玻璃砖中的传播时间为（ ）A 0.5108s B 1.0108s C
10、0.5109s D 1.0109s【考点】： 光的折射定律【专题】： 光的折射专题【分析】： 对于光学问题，作出光路图，由几何知识找出入射角和折射角，根据折射率公式求出折射率由 v= 求出光在玻璃砖中的传播速度 v，由几何知识求出光线在玻璃砖中的传播距离 s，再由 t= 求解时间【解析】： 解：作出光路图，如图由几何知识可知，入射角 i=60，折射角 r=30根据折射定律得 n=光在玻璃砖中的传播速度 v= =m/s=m/s由几何知识得知折射光线在玻璃砖中的传播距离 s=m所以传播时间 t= =s=0.5108s故选：A6【点评】： 对于几何光学问题，常常用几何知识确定入射角、折射角，再由折射
11、定律、光速公式 v= 结合研究6 （6 分）如图所示，由均匀的电阻丝组成的等边三角形导体框，垂直磁场放置，将 AB 两点接入电压恒定的电源两端，通电时，线框受到的安培力为 F，若将 AB 边移走，则余下线框受到的安培力大小为（ ）A F B F C F D F【考点】： 安培力【分析】： 根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，根据闭合电路的欧姆定律计算出各段上的电流大小，再计算出各段安培力的大小，然后使用平行四边形定则合成即可【解析】： 解：根据左手定则判断出各段受到的安培力的方向，如图由于曲线 ACB 上产生的安培力等效于长 AB 上的电线产生的安培力，所以等效电路为 r 和2r 并联，
12、并联后总电阻为：根据欧姆定律：并联的电流：I1=I2=7则安培力 F1=余下线框受到的安培力大小为：F2=BI2L=故选：C【点评】： 该题中，各段时的电流的大小不相等，要使用闭合电路的欧姆定律分别计算出各段的电流的大小，然后计算安培力是解题的正确思路题目的难度中档7 （6 分）如图所示，倾斜的传送带保持静止，一木块从顶端以一定的初速度匀加速下滑到底端如果让传送带沿图中虚线箭头所示的方向匀速运动，同样的木块从顶端以同样的初速度下滑到底端的过程中，与传送带保持静止时相比（ ）A 木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量变大B 木块在滑到底端的过程中，摩擦力的冲量不变C 木块在滑到底端的过程中，木块克
13、服摩擦力所做功变大D 木块在滑到底端的过程中，系统产生的内能数值将变大【考点】： 牛顿第二定律；动量定理；功能关系；机械能守恒定律【专题】： 传送带专题【分析】： 两种情况物体所受的力不变，加速度相等，木块运动的位移没有发生变化，所以运动的时间相等，摩擦力做的功相等，但相对位移不等，所以系统产生的内能数值不等【解析】： 解：A、滑动摩擦力的大小为 f=N，与相对速度的大小无关，所以，当皮带运动时，木块所受的摩擦力未变，空间位移未变，则滑到底端的时间、速度以及摩擦力所做的功均不变，所以摩擦力的冲量 I=ft 不变，故 AC 错误，B 正确；D、但由于相对滑动的距离变长，所以木块和皮带由于摩擦产生
14、的内能变大，故 D 正确故选 BD8【点评】： 本题关键分析清楚小滑块的受力及运动情况，匀加速运动位移时间公式，恒力做功公式求解，难度不大，属于基础题8 （6 分）如图甲所示，在竖直方向上有四条间距相等的水平虚线 L1、L2、L3、L4，在 L1L2之间、L3L4之间存在匀强磁场，大小均为 1T，方向垂直于虚线所在平面现有一矩形线圈abcd，宽度 cd=L=0.5m，质量为 0.1kg，电阻为 2，将其从图示位置静止释放（cd 边与L1重合） ，速度随时间的变化关系如图乙所示，t1时刻 cd 边与 L2重合，t2时刻 ab 边与 L3重合，t3时刻 ab 边与 L4重合，已知 t1t2的时间间
15、隔为 0.6s，整个运动过程中线圈平面始终处于竖直方向 （重力加速度 g 取 10m/s2）则（ ）A 在 0t1时间内，通过线圈的电荷量为 0.25 CB 线圈匀速运动的速度大小为 8 m/sC 线圈的长度为 1 mD 0t3时间内，线圈产生的热量为 4.2 J【考点】： 导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化【专题】： 电磁感应功能问题【分析】： （1）根据感应电荷量 q=，求解电荷量；（2）t2t3这段时间内线圈做匀速直线运动，线圈所受的安培力和重力平衡，根据平衡求出匀速直线运动的速度（3）通过线圈在 t1t2的时间间隔内，穿过线圈的磁通量没有改变，没有感应电流产生，线圈做匀
16、加速直线运动，加速度为 g，知以 cd 在 L2为初状态，以 ab 边刚进 L3为末状态，设磁场的宽度为 d，则线圈下降的位移为 3d， 根据运动学公式求出线圈的长度（4）根据能量守恒求出 0t3这段时间内线圈中所产生的电热【解析】： 解：B、根据平衡有：mg=BIL9而 I=联立两式解得 v=m/s=8m/s故 B 正确C、t1t2的时间间隔内线圈一直做匀加速直线运动，知以 cd 在 L2为初状态，以 ab 边刚进 L3为末状态，设磁场的宽度为 d，则线圈下降的位移为 3d，则有：3d=vt gt2，v=8m/s，t=0.6s，代入解得 d=1m，所以线圈的长度为 L=2d=2m故 C 错误A、在 0t1时间内，cd 边从 L1运动到 L2，通过线圈的电荷量为 q
