《江苏专版2019版高考数学一轮复习第十一章统计与概率课时跟踪检测五十二古典概型文201805284208》由会员分享，可在线阅读，更多相关《江苏专版2019版高考数学一轮复习第十一章统计与概率课时跟踪检测五十二古典概型文201805284208（6页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、1课时跟踪检测（五十二）课时跟踪检测（五十二） 古典概型古典概型一抓基础，多练小题做到眼疾手快1(2018徐州高三年级期中考试)从 2 个黄球，3 个红球中随机取出两个球，则两球颜色不同的概率是_. 解析：由列举法得，基本事件共 10 个，满足条件的事件共 6 个，所以概率为 .6 103 5答案：3 52(2018苏锡常镇一模)从集合1,2,3,4中任取两个不同的数，则这两个数的和为3 的倍数的概率为_解析：从集合1,2,3,4中任取两个不同的数，基本事件总数n6，这两个数的和为3 的倍数包含的基本事件有(1,2)，(2,4)，共 2 个，所以这两个数的和为 3 的倍数的概率P .2 61
2、3答案：1 33从 2 名男生和 2 名女生中任意选择两人在星期六、星期日参加某公益活动，每天一人，则星期六安排一名男生、星期日安排一名女生的概率为_解析：设 2 名男生记为A1，A2,2 名女生记为B1，B2，任意选择两人在星期六、星期日参加某公益活动，共有A1A2，A1B1，A1B2，A2B1，A2B2，B1B2，A2A1，B1A1，B2A1，B1A2，B2A2，B2B1 12 种情况，而星期六安排一名男生、星期日安排一名女生共有A1B1，A1B2，A2B1，A2B2 4 种情况，则发生的概率P .4 121 3答案：1 34(2018苏北四市一模)现有三张识字卡片，分别写有“中” 、 “
3、国” 、 “梦”这三个字将这三张卡片随机排序，则能组成“中国梦”的概率是_. 解析：把这三张卡片排序有“中国梦” ， “中梦国” ， “国中梦” ， “国梦中” ， “梦中国” ，“梦国中” ，共有 6 种，能组成“中国梦” 的只有 1 种，故所求概率为 .1 6答案：1 65投掷两颗骰子，得到其向上的点数分别为m和n，则复数(mni)(nmi)为实数的概率为_解析：因为(mni)(nmi)2mn(n2m2)i，所以要使其为实数，须n2m2，即2mn.由已知得，事件的总数为 36，mn，有(1,1)，(2,2)，(3,3)，(4,4)，(5,5)，(6,6)共6 个，所以所求的概率P .6 3
4、61 6答案：1 66(2018苏州期末)连续 2 次抛掷一枚骰子(六个面上分别标有数字 1,2,3,4,5,6)，则事件“两次向上的数字之和等于 7”发生的概率为_解析：设基本事件为(a，b)，其中a，b1,2,3,4,5,6，共有 6636 个满足ab7 的解有 6 组：(1,6)，(2,5)，(3,4)，(4,3)，(5,2)，(6,1)，所以P .6 361 6答案：1 6二保高考，全练题型做到高考达标1(2018南通调研)100 张卡片上分别写有 1,2,3，100.从中任取 1 张，则这张卡片上的数是 6 的倍数的概率为_解析：从 100 张分别写有 1,2,3，100 的卡片中任
5、取 1 张，基本事件总数n100，所取这张卡片上的数是 6 的倍数包含的基本事件有 16,26，166，共 16个，所以所取卡片上的数是 6 的倍数的概率为.16 1004 25答案：4 252在正六边形的 6 个顶点中随机选择 4 个顶点，则构成的四边形是梯形的概率为_解析：如图，在正六边形ABCDEF的 6 个顶点中随机选择 4 个顶点，共有 15 种选法，其中构成的四边形是梯形的有ABEF，BCDE，ABCF，CDEF，ABCD，ADEF，共 6 种情况，故构成的四边形是梯形的概率P .6 152 5答案：2 53已知集合M，N，A是集合N中任意1，2，3，4a，b|aM，bM一点，O为
6、坐标原点，则直线OA与yx21 有交点的概率是_解析：易知过点(0,0)与yx21 相切的直线为y2x(斜率小于 0 的无需考虑)，集合N中共有 16 个元素，其中使直线OA的斜率不小于 2 的有(1,2)，(1,3)，(1,4)，(2,4)，共 4 个，故所求的概率为 .4 161 4答案：1 434(2018南京一模)甲盒子中有编号分别为 1,2 的 2 个乒乓球，乙盒子中有编号分别为 3,4,5,6 的 4 个乒乓球现分别从两个盒子中随机地各取出 1 个乒乓球，则取出的乒乓球的编号之和大于 6 的概率为_解析：由题意得，从甲、乙两个盒子中随机地各取出 1 个乒乓球，共有 248 种情况，
7、编号之和大于 6 的有(1,6)，(2,5)，(2,6)，共 3 种，所以取出的乒乓球的编号之和大于 6 的概率为 .3 8答案：3 85一个三位自然数百位、十位、个位上的数字依次为a，b，c，当且仅当ab，bc时，称该三位自然数为“凹数”(如 213,312 等)，若a，b，c1,2,3,4，且a，b，c互不相同，则这个三位数为“凹数”的概率是_解析：由 1,2,3 组成的三位自然数为 123,132,213,231,312,321，共 6 个；同理由 1,2,4组成的三位自然数共 6 个；由 1,3,4 组成的三位自然数也是 6 个；由 2,3,4 组成的三位自然数也是 6 个所以共有 4
8、624 个当b1 时，有 214,213,312,314,412,413，共 6个“凹数” ；当b2 时，有 324,423，共 2 个“凹数” 所以这个三位数为“凹数”的概率P .62 241 3答案：1 36已知函数f(x)x3ax2b2x1，若a是从 1,2,3 三个数中任取的一个数，b是1 3从 0,1,2 三个数中任取的一个数，则该函数有两个极值点的概率为_解析：对函数f(x)求导可得f(x)x22axb2，要满足题意需x22axb20 有两个不等实根，即4(a2b2)0，即ab.又(a，b)的取法共有 9 种，其中满足ab的有(1,0)，(2,0)，(2,1)，(3,0)，(3,1
9、)，(3,2)，共 6 种，故所求的概率P .6 92 3答案：2 37从 2,3,4,5,6 这 5 个数字中任取 3 个，则所取 3 个数之和为偶数的概率为_解析：依题意，从 2,3,4,5,6 这 5 个数字中任取 3 个，共有 10 种不同的取法，其中所取 3 个数之和为偶数的取法共有 134 种(包含两种情形：一种情形是所取的 3 个数均为偶数，有 1 种取法；另一种情形是所取的 3 个数中 2 个是奇数，另一个是偶数，有 3 种取法)，因此所求的概率为 .4 102 54答案：2 58现有 7 名数理化成绩优秀者，分别用A1，A2，A3，B1，B2，C1，C2表示，其中A1，A2，
10、A3的数学成绩优秀，B1，B2的物理成绩优秀，C1，C2的化学成绩优秀从中选出数学、物理、化学成绩优秀者各 1 名，组成一个小组代表学校参加竞赛，则A1和B1不全被选中的概率为_解析：从这 7 人中选出数学、物理、化学成绩优秀者各 1 名，所有可能的结果组成的12 个基本事件为：(A1，B1，C1)，(A1，B1，C2)，(A1，B2，C1)，(A1，B2，C2)，(A2，B1，C1)，(A2，B1，C2)，(A2，B2，C1)，(A2，B2，C2)，(A3，B1，C1)，(A3，B1，C2)，(A3，B2，C1)，(A3，B2，C2)设“A1和B1不全被选中”为事件N，则其对立事件 表示“A
11、1和B1全被选中” ，由于N(A1，B1，C1)，(A1，B1，C2)，所以P( ) ，由对立事件的概率计算公式得P(N)NN2 121 61P( )1 .N1 65 6答案：5 69一个盒子里装有三张卡片，分别标记有数字 1,2,3，这三张卡片除标记的数字外完全相同随机有放回地抽取 3 次，每次抽取一张，将抽取的卡片上的数字依次记为a，b，c.(1)求“抽取的卡片上的数字满足abc”的概率；(2)求“抽取的卡片上的数字a，b，c不完全相同”的概率解：(1)由题意，抽取的卡片上的数字(a，b，c)所有可能的结果为：(1,1,1)，(1,1,2)，(1,1,3)，(1,2,1)，(1,2,2)，
12、(1,2,3)，(1,3,1)，(1,3,2)，(1,3,3)，(2,1,1)，(2,1,2)，(2,1,3)，(2,2,1)，(2,2,2)，(2,2,3)，(2,3,1)，(2,3,2)，(2,3,3)，(3,1,1)，(3,1,2)，(3,1,3)，(3,2,1)，(3,2,2)，(3,2,3)，(3,3,1)，(3,3,2)，(3,3,3)，共 27 种设“抽取的卡片上的数字满足abc”为事件A，则事件A包括(1,1,2)，(1,2,3)，(2,1,3)，共 3 种，所以P(A) ，3 271 9因此“抽取的卡片上的数字满足abc”的概率为 .1 9(2)设“抽取的卡片上的数字a，b，
13、c不完全相同”为事件B，则事件 包括(1,1,1)，B(2,2,2)，(3,3,3)，共 3 种，所以P(B)1P( )1 ，B3 278 95因此“抽取的卡片上的数字a，b，c不完全相同”的概率为 .8 910一个均匀的正四面体四个面上分别涂有 1,2,3,4 四个数字，现随机投掷两次，正四面体面朝下的数字分别为b，c.(1)记z(b3)2(c3)2，求z4 的概率；(2)若方程x2bxc0 至少有一根a1,2,3,4，就称该方程为“漂亮方程” ，求方程为“漂亮方程”的概率解：(1)因为是投掷两次，因此基本事件(b，c)共有 4416 种当z4 时，(b，c)的所有取值为(1,3)，(3,1
14、)，共 2 种，所以z4 的概率P .2 161 8(2)若方程一根为x1，则 1bc0，即bc1，不成立若方程一根为x2，则 42bc0，即 2bc4，所以b1，c2.若方程一根为x3，则 93bc0，即 3bc9，所以b2，c3.若方程一根为x4，则 164bc0，即 4bc16，所以b3，c4.综上所述，(b，c)的所有可能取值为(1,2)，(2,3)，(3,4)所以方程为“漂亮方程”的概率P.3 16三上台阶，自主选做志在冲刺名校1(2018扬州期末)已知A，B3，1,1,2且AB，则直线AxBy10 的斜率小于 0 的概率为_解析：所有的基本事件(A，B)为(3，1)，(3,1)，(
15、3,2)，(1，3)，(1,1)，(1,2)，(1，3)，(1，1)，(1,2)，(2，3)，(2，1)，(2,1)，共 12 种，其中(3，1)，(1，3)，(1,2)，(2,1)这 4 种能使直线AxBy10 的斜率小于0，所以所求的概率P .4 121 3答案：1 32设集合A0,1,2，B0,1,2，分别从集合A和B中随机取一个数a和b，确定平面上一个点P(a，b)，设“点P(a，b)落在直线xyn上”为事件Cn(0n4，nN)，若事件Cn的概率最大，则n的值为_解析：由题意知，点P的坐标的所有情况为(0,0)，(0,1)，(0,2)，(1,0)，(1,1)，(1,2)，(2,0)，(2,1)，(2,2)，共 9 种当n0 时，落在直线xy0 上的点的坐标为(0,0)，共 1 种；当n1 时，落在直线xy1 上的点的坐标为(0,1)和(1,0)，共 2 种；当n2 时，落在直线xy2 上
