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1、广东省茂名市广东省茂名市 20182018 年高三级第一次综合测试理科综合物理试题年高三级第一次综合测试理科综合物理试题二、选择题：本题共有二、选择题：本题共有 8 8 小题，每小题小题，每小题 6 6 分。在每小题给出的四个选项中，第分。在每小题给出的四个选项中，第 14171417 题只有题只有一项符合题目要求，第一项符合题目要求，第 18211821 题有多项符合要求。全部选对的得题有多项符合要求。全部选对的得 6 6 分，选对但不全的得分，选对但不全的得 3 3 分，分，有选错的得有选错的得 0 0 分。分。1. 铝核被 粒子击中后产生的反应生成物是磷，同时放出一种粒子，关于这种粒子的
2、下列说法中正确的是A. 这种粒子在电场中可以被加速或发生偏转B. 这种粒子在磁场中一定不受磁场力作用C. 这种粒子在真空中的速度等于 3108m/sD. 在碳 14 核内有 6 个这种粒子【答案】B【解析】A、B 项：根据质量数和电荷数守恒可知放出的粒子质量数为 1，电荷数为 0，故该粒子为中子，中子不带电不会在电场中加速或偏转，也不会受到磁场力作用，故 A 错误，B正确；C 项：该粒子的速度小于光速，故 C 错误；D 项：碳 14 核的电荷数为 6，中子数为 14-6=8 个，故 D 错误。点晴：根据质量数和电荷数守恒首先判断出该反应放出的粒子的种类，即可判断其性质。2. 某小型水电站的电能
3、输送示意图如图所示。发电机的输出电压为 220V，输电线总电阻为r，升压变压器原、副线圈匝数分别为 n1、n2，降压变压器原、副线圈匝数分别为 n3、n4（变压器均为理想变压器)，要使额定电压为 220V 的用电器正常工作，则A. B. C. 升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压D. 升压变压器的输出功率小于降压变压器的输入功率【答案】A【解析】由变压器的电压比匝数之比，及，又因为线路电压损失，即，所以，A 正确 B 错误；由于远距离输电，导致线路电阻通电发热，而使功率损失，所以升压变压器的输出电压大于降压变压器的输入电压；升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率，C 错误 D 正
4、确视频3. 真空中有一半径为 r0的带电金属球壳，若取无穷远处为零电势，通过其球心的一直线上各点的电势 分布规律可用图中曲线表示，r 表示该直线上某点到球心的距离，r1、r2分别是该直线上 A、B 两点离球心的距离。下列说法中正确的是A. 该球壳带负电B. A 点的电场强度大于 B 点的电场强度C. 若 r2-r1= r1-r0，则 A-B=0-AD. 将电子从么点移到 B 点，电场力做正功【答案】B【解析】A 项：根据图象，从球向外电势降低；电场线从正电荷出发终止于负电荷，沿着电场线电势逐渐降低；故该球带正电；故 A 错误；B 项：根据场强公式可知，图象斜率大小等于场强，则得 A 点的电场强
5、度大于 B 点的电场强度，故 B 正确；C 项：由于图象斜率大小等于场强，从 O 到 A 再到 B，电场强度逐渐减小；故若 r2-r1=r1-r0，则 A-B0-A，故 C 错误；D 项：电子沿直线从 A 移到 B 的过程中，电场力方向由 B 指向 A，所以电场力做负功，故 D错误。4. 假设地球可以视为质量分布均匀的球体，已知地球表面重力加速度在两极大小为 g0，在赤道大小为 g，地球自转的周期为 T，则在地球赤道上空绕地球近地飞行的卫星的线速度为A. B. C. D. 【答案】B【解析】质量为 m 的物体在两极所受地球的引力等于其所受的重力，故：在赤道，引力为重力和向心力的矢量和，故：在地
6、球赤道上空绕地球近地飞行的卫星，万有引力提供向心力，故由以上三式解得：，故 B 正确。5. 如图所示，两个条形磁铁的 N 和 S 相向水平放置，一竖直放置的矩形线框从两个磁铁之间正上方自由落下，并从两磁铁中间穿过。下列关于线框受到安培力及从右向左看感应电流方向说法正确的是A. 感应电流方向先逆时针方向，后顺时针方向B. 感应电流方向先顺时针方向，后逆时针方向C. 安培力方向一直竖直向上D. 安培力方向先竖直向上，后竖直向下【答案】BC【解析】A、B 项：由图可知，磁感线由左向右，则中间磁感应强度最大，而向两边越来越小，故在线圈从高处下落过程中，穿过线圈的磁通量一直向右，且先增大后减小，则由楞次
7、定律可知，感应电流先顺时针后逆时针，故 B 正确，A 错误；C、D 项：产生的感应电流一直阻碍物体间的相对运动，故安培力一定一直竖直向上，故 C 正确，D 错误。点晴：明确磁场分布，再分析线圈下落过程中磁通量的变化，从而根据楞次定律分析感应电流的方向，同时根据楞次定律的”来拒去留“分析安培力的方向。6. 如图所示，OACD 是一长为 OA=L 的矩形，其内存在垂直纸面向里的匀强磁场，一质量为m、带电量为 q 的粒子从 O 点以速度 V0垂直射入磁场，速度方向与 OA 的夹角为 ，粒子刚好从 A 点射出磁场，不计粒子的重力，则A. 粒子一定带正电B. 匀强磁场的磁感应强度为C. 粒子从 O 到
8、A 所需的时间为D. 矩形磁场的宽度最小值为【答案】BC【解析】A 项：由题意可知，粒子进入磁场时所受洛伦兹力斜向右下方，由左手定则可知，粒子带负电，故 A 错误；B 项：粒子运动轨迹如图所示：由几何知识可得：，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：，解得：，故 B 正确；C 项：由几何知识可知，粒子在磁场中转过的圆心角：=2，粒子在磁场中做圆周运动的周期：，粒子在磁场中的运动时间：，故 C 正确；D 项：根据图示，由几何知识可知，矩形磁场的最小宽度：，故 D错误。7. 在粗糙的水平面上有一质量为 M 的半圆形绝缘凹槽，槽与水平面接触部分粗糙，圆弧表面光滑。四分之一
9、圆弧处有一带正电小球 A，底部固定一个带正电小球 B，两球质量都为 m。一开始整个装置保持静止，后因小球 A 缓慢漏电而使其沿圆弧逐渐靠近小球 B。在靠近过程中，忽略小球 A 质量的变化，下列说法正确的是A. 凹槽受到地面的摩擦力变大B. 凹槽受到地面的支持力不变C. A 球受到的支持力变大D. A 球受到的支持力大小不变【答案】BD【解析】A、B 项：将 A、B 凹槽视为一个整体，对整体受力分析可知，在靠近过程中，整体受重力，地面的支持力二力平衡，故 A 错误，B 正确；C、D 项：对 A 受力分析：重力 G，弹力 N，库仑力 F，设凹槽的球心为 O，则三角形 OAB 与力学三角形相似，则有
10、，所以 A 球受到的支持力大小不变，故 D 正确。点晴：解决本题关键知道整体法和隔离法的应用，知道当物体受三力作用，且其中有一个力恒定，其它两力大小，方向均变化，利用相似三角形处理更方便。8. 质量为 m、带电量为+q 的小金属块 A 以初速度 V0从光滑绝缘水平高台上飞出.已知在足够高的高台边缘右面空间中存在水平向左的匀强电场，场强大小 E=.则A. 金属块不一定会与高台边缘相碰B. 金属块一定会与高台边缘相碰，相碰前金属块在做匀变速运动C. 金属块运动过程中距高台边缘的最大水平距离为D. 金属块运动过程的最小速度为【答案】BD【解析】A、B 项：小金属块水平方向先向右做匀减速直线运动，然后
11、向左做匀加速直线运动，故一定会与高台边缘相碰，故 A，错误，B 正确；C 项：小金属块水平方向先向右做匀减速直线运动，加速度为-3g，根据速度位移关系公式，有：，故 C 错误；D 项：小金属块水平方向向右做匀减速直线运动，分速度 vx=v0-3gt；竖直方向做自由落体运动，分速度 vy=gt；合速度，根据二次函数知识，当时，有极小值，故 D 正确。点晴：本题关键将小金属块的运动沿着水平和竖直方向正交分解，然后根据分运动的位移公式和速度公式列式求解；对于 D 选项，要求解出合速度的表达式，根据二次函数的知识求解极值。三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第三、非选择题：包括必考题和选考题两部分
12、。第 2222 题题 第第 3232 题为必考题，每个试题考生都题为必考题，每个试题考生都必须做答。第必须做答。第 3333 题题 第第 3838 题为选考题，考生根据要求做答。题为选考题，考生根据要求做答。9. 某活动小组利用图甲所示装置验证机械能守恒定律.钢球自由下落过程中，先后通过光电门 A、B，计时装置测出钢球通过 A、B 的时间分别为 tA、tB.用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度.测出两光电门间的距离为 h，当地重力加速度为 g.（1)用游标卡尺测量钢球的直径，读数如图乙所示，钢球直径为 D=_cm.（2)要验证机械能守恒，只要比较_（填选项前的字母序号）即
13、可.A与 gh 是否相等 B. 与 2gh 是否相等C. 与 gh 是否相等 D. 与 2gh 是否相等（3）钢球通过光电门的平均速度_（选填“”或“” ）钢球球心通过光电门的瞬时速度【答案】 (1). 0.950 (2). D (3). 【解析】 （1）游标卡尺的主尺读数为：0.9cm，游标尺上第 10 个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为 0.0510mm=0.50mm，所以最终读数为：0.950cm（2）利用小球通过光电门的平均速度来代替瞬时速度，故：，根据机械能守恒的表达式有：即只要比较与 2gh 是否相等，故选 D（3）根据匀变速直线运动的规律得钢球通过光电门的平均速度等于这个
14、过程中间时刻速度，所以钢球通过光电门的平均速度小于钢球球心通过光电门的瞬时速度；点睛：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，正确使用这些基本仪器进行有关测量无论采用什么样的方法来验证机械能守恒，明确其实验原理都是解决问题的关键，同时在处理数据时，要灵活应用所学运动学的基本规律10. 在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A.待测的干电池（电动势约为 1.5V，内电阻小于 1.0）B.电流表 A1（量程 0-3mA，内阻 Rg1=10）C.电流表 A2（量程 0-0.6A，内阻 R g2=0.1）D.滑动变阻器 R1(0-20，10A)E.滑动变阻器 R2(0-
15、200，1A)F.定值电阻 R0(990)G.开关和导线若干（1）某同学设计了如图甲所示的（a） 、 （b）两个实验电路，其中合理的是_图；在该电路中，为了操作方便且能准确地进行测量，滑动变阻器应选_（填写器材名称前的字母序号） ，这是因为若选另一个变阻器，_（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的 I1- I2图线（I1为电流表 A1的示数，I2为电流表 A2的示数)，为了简化计算，该同学认为 I1远远小于I2，则由图线可得电动势 E=_V，内阻 r=_。 （结果保留 2 位有效数字）【答案】 (1). b (2). D (3). 在变阻器滑片调节的大部分范围内，电流表 A2读数太小，电流表 A1读数变化不明显 (4). 1.46 V1.49V 均给分 (5). 0.810.87 均给分.（2）根据欧姆定律和串联的知识得，电源两端电压 U=I1（990+10）=1000I1，根据图象与纵轴的交点得电动势 E=1.5mA1000=1.50V与横轴的交点可得出路端电压为 1V 时电流是 0.62A，由闭合电路欧姆定律 E=U+Ir 可得：r=0.80；考点：测量电源的电动势及内阻【名师点睛】在测量电源电动势和内阻时，要注意根据画出的 U-I 图象分析出电动势及内阻；根据欧姆定律和串联的知识求出 I1和电源两端电压 U 的关系，根据图象与纵轴
