《2012年理综(安徽卷)物理部分试题解析(精确排版完美解析)》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2012年理综(安徽卷)物理部分试题解析(精确排版完美解析)（10页珍藏版）》请在金锄头文库上搜索。
1、2012 年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试 物理部分试题解析本试卷分第卷（选择题）和第卷（非选择题）两部分，第卷第 1 页至第 5 页，第 卷第 6 页至第 12 页。全卷满分 300 分，时间 150 分钟。第卷（选择题 共 120 分）本卷共 20 小题，每小题 6 分，共 120 分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题 目要求的。 14我国发射的“天宫一号”和“神州八号”在对接前， “天宫一号”的运行轨道高度为 350km， “神 州八号”的运行轨道高度为 343km。它们的运行轨道均视为圆周，则 A “天宫一号”比“神州八号”速度大 B “天宫一号”比“
2、神州八号”周期大 C “天宫一号”比“神州八号”角速度大 D “天宫一号”比“神州八号”加速度大 【答案】B 【解析】由万有引力提供向心力易知：、；即轨道半径rGMv 3rGMGMrT3 2越大，线速度越小、角速度越小、周期越大。而由牛顿第二定律知: ,说明轨道半径越大，加速度越小。答2rGMa 案 B。 15一列简谐横波沿 x 轴正方向传播，在 t=0s 时波形如图 1 所示， 已知波速为 10m/s，则 t=0.1s 时正确的波形是图 2 中的A B C D 图 2 【答案】C 【解析】由图 1 可得波长 =4.0m，其周期 T=/v=0.4s。而 t=0.1s=T/4，波沿 x 轴正方向
3、传播， 即图 1 的波形向 x 轴正方向移动 1/4 波长，得到图 2 的 C 图。答案 C。 16如图所示，在竖直平面内有一个半径为 R 的圆弧轨道。半径 OA 水平、OB 竖直，一个 质量为 m 的小球自 A 正上方 P 点由静止开始自由下落，小球沿轨道到达最高点 B 时恰 好对轨道没有压力，已知 AP=2R，重力加速度为 g，则小球从 P 到 B 的运动过程中 A重力做功 2mgR B机械能减少 mgR C合外力做功 mgROX/my/m1.O3.O4.O2.O图 1PABOR2RD克服摩擦力做功1 2mgR【答案】D 【解析】小球从 P 到 B 的运动过程中，高度下降 R 则重力做正功
4、，A 错误；小球沿轨道到达最高点 BmgRGW时恰好对轨道没有压力，由牛顿第二定律：；所以机械能减少RmvB2 mg ，B 错误；mgRmgRmvRB21)21(mg2E2由动能定理知合外力做功，C 错误；克服摩擦力做功等于mgRmvEWBk21 212机械能减少，D 正确。答案 D。mgRWf21E 17如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度 a 沿 斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一个竖直 向下的恒力 F，则 A物块可能匀速下滑 B物块将以加速度 a 匀加速下滑 C物块将以大于 a 的加速度匀加速下滑 D物块将以小于 a 的加速度匀加速下滑 【答案】C 【解析】设斜面的倾角为，物块与斜面间
5、动摩擦因数为，施加一个竖直向下的恒力 F 时，加速度为。根据牛顿第二定律，不施加恒力 F 时：， ；施acossinmgamg加一个竖直向下的恒力 F 时：，即，C 正确。)cossin)(mgmgmFgaaa 答案 C。 18如图所示，在平面直角坐标系中，有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中坐标原点 O 处的电势为 0V，点 A 处的电势为 6V，点 B 处的电势为 3V，则电场强度的大小为A200V/m B200 V/m3C100 V/m D100 V/m3【答案】A【解析】由于、，且是匀强电场，则在（3，0）的点的电势为6AV3BV0OV3V。匀强电场的方向垂直于点（3，0）与 B 点的
6、连线，由几何关系可得 O 到点（3，0）与 B 点的连线的距离 d=1.5cm，匀强电场的电场强度。/200/BOEUdV m答案 A。FO ox(cm)y(cm)A(6,0)B(0,)319如图所示，圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场， 一个带电粒子以速度 v 从 A 点沿直径 AOB 方向射入 磁场，经过 t 时间从 C 点射出磁场，OC 与 OB 成 600角。现将带电粒子的速度变为 v/3，仍从 A 点射入 磁场，不计重力，则粒子在磁场中的运动时间变为A B1 2t2 tC D1 3t3 t【答案】B 【解析】根据作图法找出速度为 v 时的粒子轨迹圆圆心 O，由几何关系可求出磁场中的
7、轨迹弧所对圆心角A OC=60，轨迹圆半径，当R3AO粒子速度变为 v/3 时，其轨迹圆半径，磁场中的轨迹弧所对圆心角A R33AO OD=120，由知。答案qBmttt2B。 20如图 1 所示，半径为 R 的均匀带电圆形平板，单位面积带电量为，其轴线上任意一点P（坐标为 x）的电场强度可以由库仑定律和电场强度的叠加原理求出：，方向沿 x 轴。现考虑单位面积带电量为的无限大均匀22 1/221()xEkRx 0带电平板，从其中间挖去一半径为 r 的圆孔，如图 2 所示。则圆孔轴线上任意一点 Q（坐标为 x）的电场强度为A022 1/22()xkrx B022 1/22()rkrx C02xk
8、r D02rkx 【答案】A【解析】当时，=0，则无限大均匀带电平板在 Q 点产生的电场强度为R 22xRx。由题意知无限大均匀带电平板在 Q 点产生的场强是半径为 r 的圆板在 Q 点的场0k2E ABOC60O oR oxP o图 1Oor oxQo图 2 ABOCOOD强和挖去圆孔的无穷大平板在 Q 点的场强的矢量和即。 21220xrx2E ）（rEE答案 A。2012 年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）年普通高等学校招生全国统一考试（安徽卷）理科综合能力测试理科综合能力测试（物理）第卷（非选择题 共 180 分）考生注意事项：考生注意事项： 请用 0.5 毫米黑色墨水签字笔在答
9、题卡上作答，在试题卷上答题无效。 21 （18 分） I （10 分）图 1 为“验证牛顿第二 定律”的实验装置示意图。砂 和砂桶的总质量为，小车m 和砝码的总质量为 M。实验 中用砂和砂桶总重力的大小作 为细线对小车拉力的大小。 （1）试验中，为了使细线对小车的 拉力等于小车所受的合外力， 先调节长木板一滑轮的高度， 使细线与长木板平行。接下来还需要进行的一项操作是 A将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电， 调节 m 的大小，使小车在砂和砂桶的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速 运动。 B将长木板的一端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸
10、带，撤去砂 和砂桶，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。 C将长木板的一端垫起适当的高度，撤去纸带以及砂和砂桶，轻推小车，观察判断小 车是否做匀速运动。 （2）实验中要进行质量和 M 的选取，以下最合理的一组是m AM=20, =10、15、20、25、30、40gmgggggg BM=200, =20、40、60、80、100、120gmgggggg CM=400, =10、15、20、25、30、40gmgggggg DM=400, =20、40、60、80、100、120gmgggggg （3）图 2 是试验中得到的一条纸带， A、B、C、D、E、F、G 为
11、7 个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个点未画出。量出相邻的计数点之间的距离分别为=4.22 ABscm、=4.65 cm、=5.08 cm、=5.49 cm、=5.91 cm、=6.34 cm。已知打BCsCDsDEsEFsFGs点计时器的工作频率为 50Hz,则小车的加速度 a= m/s2 （结果保留 2 位有 效数字） 。A图 2BCDEFG砂、砂桶图 1小车、砝码、打点计时器 接交流电源II （8 分）图为“测绘小灯伏安特性曲线”实验的实物电路图，已知小灯泡额定电压为 2.5V。（1）完成下列实验步骤： 闭合开关前，调节滑动变阻器的滑片， 闭合开关后，逐渐移动变阻器的滑片， ；
12、 断开开关，。根据实验数据在方格纸上作出小灯泡灯丝的伏安特性曲线。 （2）在虚线框中画出与实物电路相应的电路图。 【答案】I （1）B （2）C （3）0.42 II （1）使它靠近变阻器左端的接线柱增加小灯泡两端的电压，记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压 （2）如图所示 【解析】I （1）平衡摩擦阻力是通过 B 的方法来实现的，故选 B （2）由于本实验中要求砂和砂桶的质量 m 远小于小车 和砝码的质量 M，故选 C 合理。 （3）由于连续相等时间内的位移差 S=0.42cm，由匀变 速运动规律 S=aT2，且 T=50.02s=0.1s，所以 a=S/ T2=0.42m/s
13、2。 II （1）由于滑动变阻器的分压作用，使开始实验时 小灯泡两端电压为 0，应使滑动变阻器的滑片靠近变阻 器左端的接线柱。 描绘小灯泡灯丝的伏安特性曲线，必须测量多组数据，即增加小灯泡两端的电压， 记录电流表和电压表的多组读数，直至电压达到额定电压（2）如图所示 22 （14 分） 质量为 0.1 kg 的弹性球从空中某高度由静止开始下落，该下落过程对应的图象如图所tv 示。球与水平地面相碰后离开地面时的速度大小为碰撞前的 3/4。设球受到的空气阻力大小 恒为 f，取=10 m/s2, 求：g （1）弹性球受到的空气阻力 f 的大小； （2）弹性球第一次碰撞后反弹的高度 h。【答案】 （1
14、）0.2N （2）3 8m【解析】 （1）设弹性球第一次下落过程中的加速度大小为 a1， 由图知22 14/8/0.5vam sm stt(s)v(m/s)O0.54根据牛顿第二定律，得1mgfma1()0.2fm gaN（2）由图知弹性球第一次到达地面时的速度大小为 v1=4m/s，设球第一次离开地面时 的速度为 v2，则2133/4vvm s第一次离开地面后，设上升过程中球的加速度大小为 a2，则2mgfmaa2=12m/s2 于是，有2 2202va h 解得 3 8hm23 （16 分） 图 1 是交流发电机模型示意图。在磁感应强度为 B 的匀强磁场中，有一矩形线圈 abcd 可绕 线圈平面内垂直于磁感线的 OO轴转动，由线圈引出的导线 ae 和 df 分别与两个跟线圈一起 绕 OO转动的金属圈环相连接，金属圆环又分别与两个固定的电刷保持滑动接触，这样矩 形线圈在转动中就可以保持和外电路电阻 R 形成闭合电路。图 2 是线圈的主视图，导线 ab 和 cd 分别用它们的横截面来表示。已知 ab 长度为 L1，bc 长度为 L2，线圈以恒定角速度 逆时针转动。 （只考虑单匝线圈）（1）线圈平面处于中性面位置时开始计时，试推导 t 时刻整个线圈中的感应电动势 e1 的表达式； （2）线圈平面处于与中性面成 0夹角位置时开始计时，如图 3 所示，试写出 t 时刻整 个线圈中
