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1、重庆市中考物理电功和电功率真题练习1关于电现象，下列说法正确的是（ B ） A电流做功越多，电功率越大B家用电器的金属外壳要接地C同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥D导体中没有电流通过时，导体就没有电阻2如图 7 所示，电源电压为 18V 且保持不变，电压表的量程为 0 15V，电流表的量程为 006A,滑动变阻器的最大阻值 100，小灯泡 L 标有“6V3W”字样，闭合开关 S,当灯泡正常发光时，滑动变阻器的功率为 6 W，若灯泡的电阻不变。在保证电路各元件安全的情况下滑动变阻器连入电路中的阻值变化范围为 2460 。3小亮同学做测定“小灯泡的额定电功率”实验时所用器材有电压为 6V 的电源
2、、额定电压为 25V 的小灯泡（小灯泡的额定功率小于 1W） 、滑动变阻器（501A） 、以及符合实验要求的电表、开关和导线。如图 13（甲）是小亮同学没有连接完整的电路。（1）本实验的实验原理是 PUI （2）请你用笔画线代替导线，将图 I3（甲）所示的电路连接完整。（3）小亮同学连好电路后闭合开关，移动滑动变阻器滑片 P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数，电流表无示数，则故障可能是 小灯泡开路 （写出一种即可） 。（4）小亮同学排除故障后闭合开关，移动滑动变阻器滑片 P，同时，眼睛应注视 B （选填序号） 。A小灯泡亮度 B电压表示数C电流表示数 D滑动变阻器滑片（5）小亮同学移动滑动变阻
3、器滑片 P 到某处时，电压表的示数为 22V ，要测量小灯泡的额定功率是，应将滑片 P 向 B 端移动（选填 “A”或“B ） 。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图 13（乙）所示，则小灯泡的额定功率是 0.5 W，此时小灯泡的电阻是 12.5 。该实验中滑动变阻器除了保护电路外，还有 改变小灯泡两端的电压 的作用。（6）小亮利用该电路探究电流跟电阻的关系，他将小灯泡换成多个定值电阻R，保持电示数始终为如图 13（丙）所示，多次更换阻值不同的定值电阻R，并记录各次电流表的示数，若不更换其他器材，为了能够完成实验，更换的电阻阻值不能够大于 25 。4生活中大多数电热器都有多个档位，学习了电功率知
4、识后，小锐同学利用电压为 6V 的电源，两个阻值不同的定值电阻，设计了如图 15 所示的电路来探究电热器多档位的问题。已知 R1=10，R 2=30，请计算:（1）S 1、S 2 断开，S 3 闭合时，电路中的电流是多少?（2） S1 断开， S2、S 3 闭合时，通电 5min 电路消耗的电能是多少?（3）该电路的最大功率和最小功率之比是多少? 解：（1）当只闭合 S3 时， R1 和 R2 串联在电路中R 串 R1+R210+3040AVUI5.046串 （2）当只断开 S1 时，只有 R2 接入电路中JstRW36030622（3）当 R1 和 R2 并联在电路中时，电路的总功率最大 4
5、21 并 并RUPmax当 R1 和 R2 串联在电路中时，电路的总功率最小串RUP2min316042inax 串并 5如图所示，电源电压为 6V，滑动变阻器 R的最大阻值为 30，当滑动变阻器 R的滑片 P 在最右端时，电压表的示数为 1.5V，则小灯泡 L 的电阻是_。当滑动变阻器的滑片 P 移到 a 点时，电压表的示数为 Ua，滑动变阻器的功率为 Pa；再移动滑片 P 到 b 点时，电压表的示数为 Ub，滑动变阻器的功率为 Pb。若Ua：U b，=2：3，P a：P b=8：9，则滑动变阻器的滑片 p 在 a、b 两点时连入电路的电阻变 化了_(不计灯丝电阻随温度的变化)。解：由电路图
6、可知，两电阻串联，电压表测小灯泡 L 的电压（1）设当滑动变阻器的滑片 P 最右端时，小灯泡 L 的电压为 1.5V，滑动变阻器两端的电压。根据串联电路电压与电阻的关系，有：1.5V/R L=(6V-1.5V)/ R 即 1.5V/RL=(6V-1.5V)/ 30 故 RL=10（2）由于同一电阻，通过它的电流跟这个电阻两端的电压成正比 因此在本题中通过小灯泡 L 电流之比 Ia：I b =Ua：U b=2：3 在串联电路中，每个电阻（或用电器）消耗的电功率 P=UI=I2R= =（ ） 2 = 由此可得，R a=2RbPaPbIa2RaIb2Rb 23 RaRb 89又由于串联电路具有分压原
7、理，有：= 即 = = 即 =UaU- UaRLR a Ua6V- Ua10R a UbU- UbRLR b Ub6V- Ub10R b结合 Ua：U b，=2：3 解得：U a=2V Ub=3V Ra=20 R b=10因此，滑动变阻器的滑片 p 在 a、b 两点时连入电路的电阻变 化了 Ra- Rb =20-10=10故答案为：10 10 6图甲为一款有高、低温两档的家用蒸汽电熨斗，其电路原理如图 16乙所示，R 1、R 2为电热丝，其额定电压均为 220V。电路的工作原理是：当 S1 闭合，S 2断开时，电熨斗处于低温档；当 S1、S 2都闭合时，电熨斗处于高温档。正常工作时高温挡的电功
8、率为 1980W。(电源电压保持不变，不计电热丝电阻随温度的变化)(1)电熨斗正常工作时，在高温档状态下电路中的总电流是多大?(2)若电热丝 R2的电阻为 44，则电热丝 R1的电阻为多少?(3)若电热丝 R2烧毁了，要使电路恢复正常工作，小楠设计了这样一个方案：小楠方案：用两根都是“220V 550W”的电热丝并联替代 R2。请你通过计算和分析，对小 楠的方案作出评价。解：（1）电熨斗工作时，电流流过电阻产生热量，对水加热，使水汽化为蒸汽，因此电热丝是利用电流的热效应工作的；由电路图知，当闭合 S1、S 2闭合时，两电阻丝并联，电路电阻最小，电源电压 U 一定，由 P=U2/R 可知此时电路
9、功率最大，电熨斗处于高温挡由 P=UI 可得，1800W=220VI，所以在高温档状态下电路中的总电流 I=9A（2）由电路图知：当 S1闭合，S 2断开时，电阻 R1和 R2组成的是一个并联电路 U=U1=U2=220V I2=U2/R2=220V/44=5A I 1= I- I2=9A -5A =4A R1=U1/I1=220V/4A=55（3）小楠方案：用一根都是“220V 550W”的电热丝的电阻为 R3R3= = =88U2P3 （ 220V） 2550W用两根的电热丝 R3并联后总电阻是 44，其总功率为 1100W，正常工作时符合要求。但当其中一根的电热丝烧坏，电路仍能工作，但 P3=550W1100W，且不能及时发现加以排除，可见小楠方案也不是最佳方案 故答案为：(1)电熨斗正常工作时，在高温档状态下电路中的总电流是 9A (2)若电热丝 R2的电阻为 44，则电热丝 R1的电阻为 55 (3)通过计算和分析，对小楠的方案不是最佳方案。虽然符合要求，但当其中一根的电热丝烧坏，电路仍能工作，但 P3=550W1100W，且不能及时发现加以排除，可见小楠方案也不是最佳方案
