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1、12012 届高考物理二轮总复习专题检测电场磁场(时间:100 分钟满分:110 分)第卷选择题一、选择题(本题共 10 小题,每小题 4 分,共 40 分.在每小题给出的四个选项中,有的只有一个选项正确,有的有多个选项正确,全部选对的得 4 分,选对但不全的得 2 分,有选错或不答的得 0 分)1如图 35-1 所示，真空中，两个相距 L 的固定点电荷 E、 F 所带电荷量分别为 QE和QF，在它们共同形成的电场中，有一条电场线如图中实线所示，实线上的箭头表示电场线的方向电场线上标出了 M、 N 两点，其中 N 点的切线与 EF 连线平行，且 NEF NFE.则()A E 带正电， F 带负
2、电，且 QE NFE，所以 FEQ，选项A 正确；由电场线分布特点可知，电场线不是带电粒子的运动轨迹，等势面与电场线垂直，所以选项 B 错，C 正确；把一个负电荷从 M 移动到 N 电场力做负功，电势能增大，所以 D 选项错选项 AC 正确答案：AC2.解析：当 Ff BIL BLkt mg 时，棒沿导轨向下加速；当Ff BLkt mg 时，棒沿导轨向下减速；在棒停止运动前，所受摩擦力为滑动摩擦力，大小为： Ff BLkt ；当棒停止运动时，摩擦力立即变为静摩擦力，大小为： Ff mg，故选项 C 正确答案：C3.解析：北极是地磁南极，磁场方向竖直向下，靠近地面磁感应强度变大，由 R 可知mv
3、qBC 正确；用左手定则判断当粒子带正电时自下向上看是顺时针运动的，故 B 正确答案：BC4.解析：本题考查通电导 线在磁场中所受的安培力的应用导电的海水的电流方向垂直 AB方向从 CD 板流向 AB 板，海水所受的安培力方向水平向左，故船体上的超导线圈所受的 作用力向右，故推动船体向右运动，B、D 正确。答案：BD5.解析：根据小磁针静止时 N 极的指向判断出其所在处的磁场方向,然后根据安培定则判断出电流方向,既安全又可行。答案:D6.解析：由 Q CU， 4sCkd得 sUQk，而电容器上电量变化规律为 atbQ，由此可知电容器极板间距随时间按一次函数的关系变化，故待测极板应该做匀速运动，
4、再据 dUE得 E 随时间的变化图线。答案：C7.解析：电子从 O 点垂直进入匀强磁场后做圆周运动，由左手定则知，粒子向左偏转，故A 错误；又知道半径为 2d，有界磁场的宽度为 d，由公式 R ，可得圆心在 O 点左边距mvqBLLUSd UBD图 35-156O 点为 2d，设粒子由 A 点射出磁场，如图所示，由几何关系可知 AO(2 )d，所以3B、C 错误；所以 电子在磁场中运动的时间为： t T ，D 正确。360 /62 2 Rv0 d3v0答案：D8.解析:根据题意 Ld 两板间为匀强电场时,离子做类平抛运动：设粒子在板间的飞行时间为 t，则水平方向: v 竖直方向: 221tmq
5、Eat 两板间为匀强磁场时，离子做匀速圆周运动：设偏转半径为 r， 则由几何关系有 22)(Ldr 又 rvBq00 联立得 .450E 答案:A9.解析:滑块随塑料板向左运动时,受到竖直向上的洛伦兹力,和塑料板之间的正压力逐渐减小。开始时,塑料板和滑块加速度相同,由 amMF)(得, 2/s，对滑块有maqvBg)(， 当 sv/6时,滑块恰好相对于塑料板有相对滑动,开始做加速度减小的加速运动,当 qBg，即 s/10时滑块对塑料板的压力为零 0F，塑料板所受的合力为 0.6 N,则 23F,B、D 正确。答案:BD10.解析：电流从上到下流过血浆时，长为 b 的血浆等效电阻为 R ；A 对
6、；长为 b 的导 baL体受安培力为 F BIb，B 错 C 对；由压强公式得 p ，D 错。答案：ACFab BIa11解析：带电金属球 B 的净电荷只分布在外表面上，所以把 e 与 B 的圆筒外壁接触后再与 A 的圆筒内壁接触。答案：把 e 与 B 的圆筒外壁接触后再与 A 的圆筒内壁接触，重复多次。12.解析：静电计是测量静电场中电势差的仪器。在本实验中，静电计测的是电容器两极板之间的电势差，电容器两极板之间的电势差越大，静电计张角越大，反之，越小。若极板7B 稍向上移动一点，发现静电计张角越大，又该电容器充电完毕后与电源断开，电量不变，所以得出电容器的电容减小。答案：电容器极板上的电量
7、几乎不变，两极板间的电压变大。13.解析：本实验研究的问题是安培力与那些因素有关。安培力、磁感应强度、电流三者相互垂直时，满足左手定则。答案：N；水平向右。14.解析：本实验是演示洛伦兹力的方向与磁感应强度方向、粒子速度方向的关系。三者方向满足左手定则，四指指向正电荷运动运动的方向（或负电荷运动的反方向） 。答案：负，N。15.（14 分）解析：（1）在小球从 A 运动到 B 的过程中，对小球由动能定理有：022BmvlFg电 （2 分） 解得： )(1lB （2 分）代入数据可得： sv/.（2 分）（2）小球离开 B 点后，设水平方向的加速度为 a，位移为 s，在空中运动的时间为 t，水平
8、方向有： ga （2 分） 21tvB （2 分）竖直方向有： 21th （2 分）由式，并代入数据可得： ms5.4 （2 分） 16(18 分).解析：（1）励磁线圈中电流方向是顺时针方向（4 分）（2）电子在加速度电场中加速，由动能定理 201eUv （2 分）电子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力充当向心力 20veBmr（2 分）D（2 分）解得： 8U （2 分）又 TRNIB4-7-109109 8代入数据得： 1.90C/kgem （2 分）（3）增大加速电压；减小线圈中的电流（4 分）17（22 分）.解析：（1）如图所示，电场对粒子加速，由动能定理得： Uqmv201mU
9、qv20 （2 分）由于粒子在电场加速过程中做匀加速直线运动，则加速的时间 1t为： 0012/vdt （2 分）粒子在偏转电场中做类似平抛运动，其加速度 a为： LmUq粒子通过偏转电场的时间 2t为： vL20 （2 分）粒子在偏转电场中的侧移距离 y为： 41at （2 分）侧向速度 yv为： mUqaty2则粒子射出偏转电场时的速度 v为： mUqvy2520 （2 分）以速度 v进入磁场做匀速度圆周运动的洛仑兹力为向心力，设运动半径为 R：RmBq2qB1 （2 分）则磁场宽度 D为： 1625122 LUmqy （2 分）（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期 T为： BqmvR24/Ltg所以 2arctg （2 分）所以粒子在磁场中运动的时间 3为：OLLUSd UBDR9BqarctgmTt )2(2)(3 （2 分）粒子从 S 出发到回到 S 的周期 T 为： BqarctgULdtt )(24231 （2 分）偏转电压正负极换向时间 t为：qarctgmLUqmTt )(22 （2 分）
