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1、淮滨二高 2014-2015 学年度高三上期测试卷（03）理科综合试题本试卷分第卷(选择题)和第卷(非选择题)两部分。其中第卷第 3340 题为选考题，其它题为必考题。考生作答时，将答案写在答题卡上，在本试卷上答题无效。第卷(共 126 分)二、选择题（本题共 8 小题。在每小题给出的四个选项中，1418 只有一个选项正确，1921 有多个选项正确，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分。 ）14、甲乙两汽车在一平直公路上同向行驶在 t0 到 tt1 的时间内，它们的 vt 图像如图所示在这段时间内：A汽车乙的平均速度等于12vB汽车甲的平均速度比乙的大C甲乙两汽车的
2、位移相同D汽车甲的加速度大小逐渐减小，汽车乙的加速度大小逐渐增大15、如图所示轻质光滑定滑轮，M 1=2kg，M 2=1kg，M 1离地高度为H=0.5m。M 1与 M2从静止开始释放，不计一切阻力，M 1由静止下落了 0.3m时的速度大小为：A. m/s B.3m/s C.2m/s D.1m/s16、库仑定律是电学中第一个被发现的定量规律，它的发现受万有引力定律的启发。实际问题中有时需同时考虑万有引力和库仑力，比如某无大气层的均匀带有大量负电荷的质量分布均匀的星球。将一个带电微粒置于离该星球表面一定高度处无初速释放，发现微粒恰好能静止。现给微粒一个如图所示的初速度 v，则下列说法正确的是：A
3、微粒将做匀速直线运动 B微粒将做圆周运动C库仑力对微粒做负功 D万有引力对微粒做正功17、在圆轨道上运动的质量为 m 的人造地球卫星，它到地面的距离等于地球半径 R，地面上的重力加速度为 g，则：A卫星运动的速度为 B卫星运动的周期为R2g2RC卫星运动的加速度为 g/2D卫星的动能为 mgR/418、如图所示，将质量为 m 的小球以速度 由地面竖直向上抛出。小0v球落回地面时，其速度大小为 。设小球在运动过程中受空气阻力的大043小不变，则空气阻力的大小等于：ABCDg43g167mg25719、如图所示， x 轴在水平地面上， y 轴在竖直方向。图中画出了从 yvOLL2LL2Oabcxy
4、轴上不同位置,沿 x 轴正向水平抛出的三个小球 a、 b 和 c 的运动轨迹。小球 a 从(0,2 L)抛出，落在(2 L,0)处；小球 b、 c 从( L,0)抛出，分别落在(2 L,0)和( L,0)处。不计空气阻力，下列说法正确的是：A a 和 b 初速度相同 B b 和 c 运动时间相同C b 的初速度是 c 的两倍 D a 运动时间是 b 的两倍20、如图所示， ab 是匀强磁场的边界，质子( )和 粒子( )先后从 c 点射入磁场，H1e42初速度方向与 ab 边界夹角均为 45，并都到达 d 点。不计空气阻力和粒子间的作用。关于两粒子在磁场中的运动，下列说法正确的是：A质子和 粒
5、子运动轨迹相同B质子和 粒子运动动能相同C质子和 粒子运动速率相同D质子和 粒子运动时间相同21、如图，质量相同的两物体 a、b，用不可伸长的轻绳跨接在同一光滑的轻质定滑轮两侧，a 在水平桌面的上方，b 在水平粗糙桌面上。初始时用力压住 b 使 a、b 静止，撤去此压力后，a 开始运动，在 a 下降的过程中，b 始终未离开桌面。在此过程中：Aa 的动能小于 b 的动能B两物体机械能的变化量相等Ca 的重力势能的减小量等于两物体总动能的增加量D绳的拉力对 a 所做的功与对 b 所做的功的代数和为零第 II 卷非选择题共 19 题（含选考题） ，共 174 分三、非选择题：包括必考题和选考题两部分
6、，第 22 题第 32 题为必考题，每个试题考生都必须做答，第 33 题第 40 题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（11 题，共 129 分）22、(5 分)某探究学习小组的同学要验证“牛顿第二定律” ，他们在实验室组装了一套如图所示的装置，水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接另一端跨过定滑轮挂上砝码盘，实验时，调整轨道的倾角正好能平衡小车所受的摩擦力（图中未画出） （1）该实验中小车所受的合力_（填“等于”或“不等于” ）力传感器的示数，该实验是否_(填”需要”或”不需要”)满足砝码和砝码盘的总质量远小于小车的质量?a bc do45 A
7、QB P CC DR L（2）实验获得以下测量数据：小车、传感器和挡光板的总质量 M，挡光板的宽度 d，光电门 1 和 2 的中心距离为 s.某次实验过程：力传感器的读数为 F，小车通过光电门 1 和 2 的挡光时间分别为 t1、t 2（小车通过光电门 2 后，砝码盘才落地） ，已知重力加速度为 g，则该实验要验证的式子是_.23、 （12 分）测量小物块 Q 与平板 P 之间的动摩擦因数的实验装置如图所示。AB 是半径足够大的、光滑的四分之一圆弧轨道，与水平固定放置的 P 板的上表面 BC 在 B 点相切，C 点在水平地面的垂直投影为 C。重力加速度为 g。实验步骤如下：用天平称出物块 Q
8、的质量 m；测量出轨道 AB 的半径 R、BC 的长度 L 和 CC/的高度 h；将物块 Q 在 A 点由静止释放，在物块 Q 落地处标记 其落地点 D；重复步骤，共做 10 次；将 10 个落地点用一个尽量小的圆围住，用刻度尺测量圆心到 C的距离 s。（1）用实验中的测量量表示：（）物块 Q 到达 B 点时的动能 EkB_；（）物块 Q 到达 C 点时的动能 EkC_；（）在物块 Q 从 B 运动到 C 的过程中，物块 Q 克服摩擦力做的功 Wf_；（）物块 Q 与平板 P 之间的动摩擦因数 _。（2）回答下列问题：（）实验步骤的目的是 。（ii）已知实验测得的 值比实际值偏大，其原因除了实
9、验中测量量的误差之外，其它的可能是 （写出一个可能的原因即可）24、 （16 分）如图所示，质量为 m 的小物块在粗糙水平桌面上做直线运动，经距离 l 后以速度 v 飞离桌面，最终落在水平地面上。已知l=1.4m，v=3.0m/s，m=0.10kg，物块与桌面间的动摩擦因数 =0.25，桌面高 h=0.45m，不计空气阻力，重力加速度 g 取 10m/s2求：（1）小物块落地点距飞出点的水平距离 s；（2）小物块的初速度大小 v0v0shvl25、 （16 分）如图所示，一个质量 m=1kg 的长木板静止在光滑的水平面上，并与半径为R=1.8m 的14光滑圆弧形固定轨道接触（但不粘连） ，木板
10、的右端到竖直墙的距离为s=0.08m；另一质量也为 m 的小滑块从轨道的最高点由静止开始下滑，从圆弧的最低点 A 滑上木板。设长木板每次与竖直墙的碰撞时间极短且无机械能损失。木板的长度可保证物块在运动的过程中不与墙接触。已知滑块与长木板间的动摩擦因数 =0.1，g 取 10m/s2。试求：（1）滑块到达 A 点时对轨道的压力大小；（2）当滑块与木板达到共同速度（ 0v）时，滑块距离木板左端的长度是多少？(二)选考题：共 45 分。请考生从给出的 3道物理题、3 道化学题、2 道生物题中每科任选 1 题解答，并用 2B 铅笔在答题卡上把所选题目涂黑。注意所做题目必须与所涂题目一致，在答题卡选答区
11、域指定位置答题。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。35、 （15 分）如图所示，底座 A 上装有 L=0.5m 长的的直立杆，底座和杆的总质量为 M=1.0kg，底座高度不计，杆上套有质量为 m=0.2kg 的小环 B，小环与杆之间有大小恒定的摩擦力。当小环从底座上以 v0=4.0m/s的初速度向上飞起时，恰好能到达杆顶，然后沿杆下降，取 g=10m/s2，求：在环飞起过程中，底座对水平面的压力；此环下降过程需要多长时间。淮滨二高 2014-2015 学年上期第三次理综考试答案12 13 14 15 16 17 18 19 20 21B B B A A D D BC AD AD22. （1
12、）等于 不需要 （2 分） （2）F （3 分）221()Mdst23、 （1） ；（1 分） ；（2 分） ；（1 分） ；（1 分）（2）减小实验的偶然误差；（2 分）圆弧轨道与滑块间有摩擦 （2 分）或答空气阻力也得分24、解：(1)平抛运动规律：得 ，(2)动能定理：代入数据得：25、解：（1）滑块滑到 A 点时，有动能定理得：mgR= ，解得：mv 2=2mgR，滑块在 A 点由牛顿第二定律得： ，解得：v A=6m/s，N=mg+2mg=30N，由牛顿第三定律得：滑块到达 A 点时对轨道的压力大小 N=N=30N（2）滑块滑上木板后，在摩擦力的作用下，做匀加速运动，设加速度为 a，
13、碰撞时的速度为v1，由牛顿第二定律得：umg=ma，解得：a=1m/s 2，根据运动学公式：L= ，解得：t=0.4s，由 v=at，解得：v=0.4m/s，碰撞后木板，向右做匀减速运动，速度减到零，再做匀加速运动，一直重复直至两者速度相同，设两者速度达到共同速度 v 时，共经历 n 次，t 为碰撞 n 次后木板从起始位置到速度相等时经历的时间，0t0.4s 则有：v=v Aa（2nt+t）=at，代入数据解得：6.75n7.5，n 为整数，故取 n=7，t=0.2s，其末速度为 0.2m/s，滑块的位移为：，对木板 =0.02m，则木板的长度为x 滑x 木=17.98m0.02m=17.96
14、m答：（1）滑块到达 A 点时对轨道的压力大小为 30N；（2）当滑块与木板达到共同速度（v0）时，滑块距离木板左端的长度是 17.96m35.(15 分)(1) 8.8N；(2) 0.5s 试题分析：（1）对环进行受力分析，环受重力及杆给环向下的摩擦力，上升阶段加速度大小为 a1. 由牛顿第二定律，得 1maFgf由运动学公式： 解得 a 1=16.0m/s2， F f=1.2NLv120对底座进行受力分析，由平衡条件得:Mg=F N+Ff/，解得 FN=8.8N 又由牛顿第三定律知，底座对水平面压力为 8.8N （2）对环受力分析，设环下降过程的时间是 t，下降阶段加速度为 a2，则有，解得 a =4.0m/s2， t =0.5s 2maFgf21tL
